Kap. 3 Krumningsflatemetoden
|
|
- Ragnar Finstad
- 6 år siden
- Visninger:
Transkript
1 SIDE. KRUMNINGSFLTEMETODEN I kpittel. og. hr vi sett t en bjelkes krefter og deformsjon kn beskrives ved fire integrler som henger smmen : Skjærkrft : V d Vinkelendring : φ M d Moment : M V d Forskyvning (nedbøyning) : y φ d I kp.. så vi hvordn vi kunne beregne V og M ved å benytte likevektsbetingelsene. I kp.. benyttet vi integrsjon for å beregne V og M. Eksemplene i kp. viser hvordn vi kn beregne vinkelending og forskyvning ved å integrere momentfunksjonen. På smme måte som vi kn beregne V og M uten integrsjon ved å benytte likevektsbetingelelsene, kn vi beregne φ og y ved likevektsbetingelser. Integrlene ovenfor hr visse likhetstrekk. Dersom vi påfører en konstruksjon M/ som lst vil skjærkrften for denne tenkte lsten representere vinkelendringen φ. Tilsvrende vil momentet i konstruksjonen med M/ som lst representere forskyvningen y. nlogien i integrlene på venstre og høyre side ovenfor viser dette. M/ representerer krumningen v konstruksjonen og derfor klles metoden krumningsfltemetoden. Lsten M/ er kun en tenkt lst som vi påfører konstruksjonen for å kunne beregne φ og y ved å benytte likevektsbetingelse i stedet for integrsjon. I virkeligheten utfører vi egentlig en integrsjon, og vi må psse på t rndbetingelsene for konstruksjonen med lsten M/ er slik t integrsjonskonstntene blir riktige. Rndbetingelser for fritt opplgt bjelke : Ved beregning v V og M er rndbetingelsene M0 for 0 og M0 for L M/ Vi påfører lsten M/ på konstruksjonen for å beregne φ og y. Rndbetingelsene er her t y0 for 0 og y0 for L. Her er rndbetingelsene for M og y like og vi kn benytte det smme sttiske systemet ved begge beregningene Rndbetingelser for utkrget bjelke : Ved bereging v V og M er rndbetingelsene t M0 og V0 for L. M/ Vi påfører lsten M/ på konstruksjonen. Rndbetingelsene ved beregning v φ og y er t φ0 og y0 for 0 Ved beregning med den tenkte lsten M/, representerer skjærkrften, φ og momentet, y. Vi ser t vi er nødt til å innføre et tenkt sttisk system for denne beregningen slik t M0 (φ0) og V0 (y0) for 0. Dette oppnår vi ved å flytte den fste innspenningen til det som i virkeligheten er bjelkens frie ende. Vi må her ltså ikke bre benytte en tenkt lst (M/), men også et tenkt sttisk system for å beregne φ og y. H:\RD\sttikk I\kompendium\Kp ny.mcd
2 SIDE.. STTISK ESTEMTE JELKER Vi kn benytte krumnningsfltemetoden til å beregne deformsjoner v sttisk bestemte bjelker. Vi kn også benytte metoden til å finne kreftene i sttisk ubestemte systemer. Dette behndles i kp.. Ettersom vi skl påføre konstruksjonen en tenkt lst som hr smme form som momentdigrmmet, hr vi behov for rel og tyngdepunkt for noen vnlige former for moment : Treknt Prbelsegment : Prbelsegment (spisst) M M M / L / L 5/8 L /8 L / L / L ML ML ML Prbelsegmentene hr horisontl tngent til høyre som vist. Dersom vi hr prbelsegmenter som ikke hr horisontl tngent, må vi dele flten opp. Vi skl se på dette senere. N! Tngenten til momentkurven er horisontl når V0 EKSEMPEL. : Fritt opplgt bjelke med jevnt fordelt lst konst L M : L 8 Lsten gir moment som er posistivt (strekk i UK). Den tenkte lsten M/ føres derfor på med smme retning som dvs. nedover. Det er prktisk og vnlig å tegne denne lsten på smme side som momentdigrmmet. M/ : ΣM φ L L L L 8 φ L L φ L 8 /6 L -φ ΣM Mksiml nedbøyning finnes midt på bjelken : Vi beregner "momentet" midt på bjelken y midt y midt φ L L ( ) L L 8 L L L 8 L L 6 φ L 5 y midt 8 L L/ H:\RD\sttikk I\kompendium\Kp ny.mcd
3 SIDE. EKSEMPEL. : Utkrget bjelke med punktlst y φ F L M : FL Her må en psse på t det sttiske systemet blir riktig for den tenkte lsten. Rndbetingelsene er : y 0 og φ 0. Dett oppnår vi ved t det tenkte sttiske systemet er fritt i og innspent i. Lsten F gir negtivt moment i bjelken (strekk OK) derfor er retningen på den tenkte lsten motstt F. M/ : / L FL/ Tenkt lst på tenkt sttisk system y0 φ 0 φ FL L φ F L F L y L L y F L φ EKSEMPEL. : Utkrget bjelke med jevnt fordelt lst. M : L / konst L y φ Som i eksempel. må vi flytte innspenningen på det tenkte sttiske systemet for å få rndbetingelsene til å stemme. Retningen på φ nederst på figuren er nlog med fortegnsregelen for positiv skjærkrft. φ L L φ 6 L M/ : L / / L Tenkt lst på tenkt sttisk system L y L L y 8 L y0 φ 0 φ H:\RD\sttikk I\kompendium\Kp ny.mcd
4 SIDE. EKSEMPLEL. : Fritt opplgt bjelke med punktlst. M : M/ : / F C F F/ eregner opplgerkrefter og momentdigrm : F ΣM y F y y F M C y F eregner vinkelendring og nedbøyning : ΣM φ F 5 F φ / / / / - φ φ 9 F ΣM φ / F/ F F 7 ( φ ) φ 5 9 F Nedbøyning i C : Nedbøyningen er ikke nødvendigvis størst midt under lsten. M nedbøyning finnes der φ0 y C φ F y C 9 F F y C 9 F 9. Plot v nedbøyning : [F /] y( ) eregner φ og y i vilkårlig snitt () : φ φ y φ F F φ 9 F 6 F y 9 F 8 F φ F φ 0 : 9 F 6 F.6 y m 9 F (.6) y m.8f 8 F (.6) H:\RD\sttikk I\kompendium\Kp ny.mcd
5 SIDE.5 Dersom momentdigrmmet blir litt mer komplisert enn i eksemplene ovenfor er det nødvendig å dele krumningsflten (den tenkte lsten M/) i flere flter. Et trpes kn deles i to treknter, et prbelsegnment som ikke hr horisontl tngent kn deles i en treknt og et fullstendig prbelsegment. Dersom bjelken hr forskjellig stivhet () lngs lengdeksen er det ofte også nødvendig å foret en finere inndeling v krumningsflten. Figurene nedenfor viser gode metoder. Opprinnelig flte Oppdelt flte : Trpes Positivt og negtivt moment Det er ofte brysomt å regne med de to trekntene som de er. Prbel uten horisontl tngent Prbel uten horisontl tngent L /8 L L /8 H:\RD\sttikk I\kompendium\Kp ny.mcd
6 SIDE.6 EKSEMPEL.5 : Fritt opplgt bjelke med to punktlster P P 8 eregner opplgerkrefter og momentdigrm : ΣM ΣM M P P y8 P6 P P P5 y8 y P y P M P 9 P M/ eregner vinkelendring i og : φ P/ 9P/ 5 0/ - φ ΣM φ P 0 P 8 5 φ 8 8 P 9P 9P ΣF y φ 8 8 P P P 9P 9P Mks nedbøyning finnes der φ0, på tilsvrende måte som i Eks... φ 85 8 P eregner nedbøyning under lstene y og y : 8 y 8 P P 85 y 8 P 9P 75 y P 0 y 8 P H:\RD\sttikk I\kompendium\Kp ny.mcd
7 SIDE.7 EKSEMPEL.6 : jelke med vribel stivhet eregner opplgerkrefter og momentdigrm : ΣM y konst P y 5 y C 5 M C ( ) M C eregner vinkelendring i og, smt nedbøyning i C : M : ΣM φ 5 8 M/ : / / φ 9 ΣM φ /8 / - φ 7 ( 8 φ ) M : /8 M/ : φ / 5/ -/ 5/ /- /8 / φ 8 y C 9 8 y C eregner m nedbøyning (snitt ) : φ Likningen er en tredjegrdslikning og løses best ved å prøve forskjellige verdier for. 9 5 gir m.86 y Mksiml nedbøyning er prktisk tlt lik nedbøyningen i C (y C ). Innstsen med å beregne y m er ikke bryet verdt i dette tilfellet. y 9 m.86 gir y m.50 H:\RD\sttikk I\kompendium\Kp ny.mcd
8 SIDE.8 Ved beregninger med krumningsfltemedtoden er det viktig å huske på t krumningsflten viser hvordn bjelken krummer. Denne krumningen bestemmer deformsjonen, men grensebetingelsene hr også en vgjørende betydning. jelken med utkrger i figuren under er et eksempel på dette. φ P C φ C jelken er belstet med en punktlst, og den stiplete linjen viser hvordn bjelken deformeres. Mellom og bestemmes forskyvningen v krumningsflten, og grensebetingelsene t y0 i og i. Vi kn regne ut vinkelendringen i, φ. M/ : L L jelken krummes også mellom og C. Dette gir en nedbøyning v bjelken, men den største delen v forskyvningen (slik figuren er tegnet) er gitt ved grensebetingelsen t vinkelenrdingen er lik φ i. Forskyvningen i C kn deles i to deler; en som skyldes krumningen, og en del som skyldes vinkelendringen i. Siden vinkelendringene er små kn denne siste regnes som φ *L. - φ φ Når vi benytter krumningsfltemetoden må vi t hensyn til dette ved å velge riktige sttiske systemer for den tenkte lsten (krumningsflten). For blir systemet en fritt opplgt bjelke som tilfredstiller y0 (null "moment") i og For C er betingelsen y0 (null "moment") i og t vinkelendringen er lik φ i. Dette oppnår vi ved å benytte fri ende i med en "punktlst" lik φ og fst innspenning i C (som gir både "moment", y C og "skjærkrft" φ C ) φ φ C H:\RD\sttikk I\kompendium\Kp ny.mcd
9 SIDE.9 EKSEMPEL.7 : Utkrget bjelke med punktlst P C eregner del først : φ P φ P M/ : P/ φ P φ P y midt φ y midt P P y midt P P φ φ Del C : φ C φ P φ C P P φ C 7 6 P φ φ C y C φ P y C P P y C P Verdier for bjelke i betong : b : 00mm h : 700mm :.0m P : 50kN (5 tonn) bh E : 5000MP I : φ P : EI φ (rd) (grder) π Nedbøyning i C : y C : P y C.87 mm EI Nedbøyning i C pg. vinkelendring i : Forskyvning midt på felt : φ.99 mm (67 %) y midt P : y midt 7.87 mm (Oppover) EI H:\RD\sttikk I\kompendium\Kp ny.mcd
10 SIDE.0. STTISK UESTEMTE JELKER : Kreftene i en sttisk ubestemt bjelke kn ikke finnes ved å benytte likevektbetingelsene lene. jelken hr ukjente opplgerreksjoner : M, y, og y. Vi hr likevektsligninger : ΣM0, ΣF y 0 og ΣF 0. jelken er - gng sttisk ubestemt. y y y Dersom vi fjerner opplgeret i står vi igjen med tre ukjente opplgerreksjoner som kn beregnes. jelken får d en nedbøyning i, (y ) på grunn v lsten. Størrelsen på denne nedbøyningen kn vi beregne med krumningsfltemetoden. På det smme systemet kn vi sette på en lst y, som gir en oppbøyning v bjelken (y ). Vi vet t forskyvningen i skl være lik null, og dette kn vi benytte til å beregne størrelsen på y. Riktig verdi på y hr vi når y -y 0. Når y er kjent kn vi beregne de tre ndre opplgerreksjonene ved hjelp v likevektsbetingelsene. φ M φ Vi kunne også h løst problemet ved å ersttte innspenningen i med et fst leddlger. jelken får d en vinkelendring i (φ ) på grunn v lsten. Vi kn beregne størrelsen φ. D erstttet innspenningen med ett leddlger fjernet vi innspenningsmomentet i. Dersom vi setter M på som en lst vil bjelken få en vinkelendring i (φ ). Størrelsen på momentet M er gitt ved t f -f 0. Etter t M er bestemt på denne måten kn vi eregne y, og y ved hjelp v likevektsbetingelsene. Fremgngsmåten er ltså i prinsippet den smme, enten vi innfører et ledd i eller fjerner opplgeret i. I svært mnge tilfeller blir beregningene enklere dersom en velger å innføre ledd fremfor å fjerne opplger. H:\RD\sttikk I\kompendium\Kp ny.mcd
11 SIDE. EKSEMPEL.8 : jelke over to felt med jevnt fordelt lst konst C 6 9 konst M : 6 9/8 M/ : y Ukjente opplgerreksjoner :, y, y og C y. jelken er en gng sttisk ubestemt. Velger å fjerne opplgeret i. eregner nedbøyning i på grunn v lsten : 7 M M 6 Regner med krumningsflten M/ som lst : φ ΣM C φ 5 8 /8 / /8 / /8 / 5 y 8 8 / / 5 y M : M/ : y y /7 y / y / /8 y / C eregner oppbøyning i pg. lsten y : ΣM C M 7 y Regner med krumningsflten M/ som lst : ΣM C φ y y 7 8 φ y y y y 8 y 7 y y 7 y (oppover) y er gitt ved t forskyvningen i er lik null : 5 7 y M 7 y y 7 y 5 y 8.75 H:\RD\sttikk I\kompendium\Kp ny.mcd
12 SIDE. Skjærkrftdigrm : Y Z X 8 y 7 Momentdigrm : 9 8 Når y er kjent kn resten v opplgerreksjonene beregnes : ΣM C y 8.65 ΣM C y7 C y V v 8 9 V v 8.75 Y Z X. V h V h M 8 M Del : V o 8.65 V M m 8 69 M m 8. Del C : V C b o V C M m ( ) M m H:\RD\sttikk I\kompendium\Kp ny.mcd
13 SIDE. I svært mnge tilfeller blir beregningene mye enklere dersom vi innfører ledd i stedet for å fjerne opplgere. Det er mest fornuftig å innføre leddet ved et opplger, som i for bjelken som er vist nedenfor. jelken får d forskjellig vinkelendring på høyre og venstre side v, vi får et gp som er gitt ved summen v de to vinkelendringene (regnet uten fortegn). Den virkelige bjelken hr selvfølgelig ikke et slikt gp, og momentet i (M ) er gitt ved t det gir vinkelendringer i motstt retning som kkurt lukker gpet. Vi kn regne på dette ved å sette på et moment M som en lst på begge bjelkedelene og beregne vinkelendringene som dette momentet gir. etingelsen for beregning v M er t bjelken hr smmme vinkelendring på begge sider v (er kontinuerlig), dvs. S f v Sf h C φ v φ v φ h M φ v φ v φ h Dette innebærer t bjelken er tenkt delt i to deler som begge er sttisk bestemt og som hr felles opplegg i. Etter t M er bestemt kn de øvrige krefter i bjelken beregnes ved å benytte likevektsbetingelsene. Denne beregningsmåten kn også benyttes for bjelker som er mer enn en gng sttisk ubestemt. Ved å innføre flere ledd får en flere ukjente momenter. etingelsen for å bestemme disse momentene er fortstt t bjelken er kontinuerlig over oppleggene, dvs Σφ v Σφ h for lle punkter hvor ledd er innført. Dette vil gi et ligningssytem med n ligninger med n ukjente for et n gnger sttisk ubestemt system. jelken nedenfor er to gnger sttisk ubestemt og vi får to ligninger med to ukjente (M og M C ). P P C D M M C Ligningssystem for å bestemme M og M C : (Σφ v Σφ h ) I : ( ) ( ) ( ) φ v( ) φ v M φ h( ) φ h M φ h M C II : ( ) ( ) ( ) φ Cv( ) φ Cv M φ Cv M C φ Ch( P) φ Ch M C H:\RD\sttikk I\kompendium\Kp ny.mcd
14 SIDE. EKSEMPEL.9 : Smme bjelke som eksempel.8 M/ : M: M/ : /8 / C 6 9 /6 M / M M /9 M / /8 / jelken er en gng sttisk ubestemt. Deler bjelken i to deler som er sttisk bestemt ved å føre inn et ledd i. Vinkelendringer pg. : jelke ΣM jelke C ΣM C Vinkelendringer pg. M : jelke φ M ΣM v 6 jelke C ΣM C φ v 8 φ v 6 φ h 8 φ h 8 φ M v φ M h 9 φ h M 9 eregner størrelsen på M : Σφ v ΣM h 6 M 8 M 9 Resulttet stemmer med eksempel.8, men beregningen er dskillig mer oversiktlig. Momentet M er stt på slik t det gir strekk i overknt v bjelken slik vi tror det virker. Det kn være mer ryddig å sette momentet på etter fortegnsdefinisjonen (dvs. med strekk i underknt). eregningen vil bli den smme, men resulttet for M vil bli negtivt. Det viktigste er å vise på en figur hvordn M virker. M (Strekk i overknt) Moment- og skjærkrftdigrm blir som for eksempel.8 H:\RD\sttikk I\kompendium\Kp ny.mcd
15 SIDE.5 EKSEMPEL.0 : Trefelts bjelke med jevnt fordelt lst. 7. kn/m konst C D jelken er to gnger sttisk ubestemt. Innfører ledd i og C. 6.0 m 7. m 6.0 m Vinkelendringer pg. : φ v L φ 6.8 v φ φ C φ h L 7.7. φ.97 h φ 7.7. Cv φ 6.8 Ch φ Ch φ.97 Cv Vinkelendringer pg. M φ v M φh φ Cv M L M L M L 6 6.0M M φ v.0 7.M φ h. M 7.M M 6 φ Cv. Vinkelendringer pg M C MC φ h φ Cv M C L 6 M C L 7.M C 6 φ h. M C 7.M c M C φ Cv. φ Ch M C L 6.0M C φ Ch.0 M C Likningssystem : Σφ v Σφ h M.97. M. M C M C M H:\RD\sttikk I\kompendium\Kp ny.mcd
16 SIDE.6 Σφ Cv Σφ Ch.97. M. M C M C innstt for M C gir : M 9.86 støttemomentene blir : 7.M M.56 M C.56 Feltmomenter ytterfelt : V : M m : 7. V 6. M m 8.5 Feltmoment, innerfelt : jelkens momentdigrm : M m : M m Y Z X jelkens skjærkrftdigrm : Y Z X H:\RD\sttikk I\kompendium\Kp ny.mcd
Fasthetslære. HIN Teknologisk avd. RA Side 1 av 8
HIN Teknologisk vd. R 04.0.13 Side 1 v 8 sthetslære Irgens: utdrg fr kp. 11. Hieler: Kp 8+9. Konstruksjonsmteriler Konstruksjonsmteriler er fste stoffer og skl i tillegg skl h god evne til å henge smmen.
DetaljerLøsningsforslag for Eksamen 1/12-03
Løsningsforslag for Eksamen 1/12-03 Oppgave 1 a) Definerer (velger/antar) først positiv retning på reaksjonskreftene som vist i følgende fig.: Beregning av reaksjonskreftene: ΣF y = 0 A y - 3 8 = 0 A y
DetaljerSammendrag kapittel 1 - Aritmetikk og algebra
Smmendrg kpittel 1 - Aritmetikk og lgebr Regneregler for brøker Utvide brøk: Gng med smme tll i teller og nevner. b = k b k Forkorte brøk: del med smme tll i teller og nevner. b = : k b : k Summere brøker:
DetaljerBrøkregning og likninger med teskje
Brøkregning og likninger med teskje Dette heftet gir en uformell trinn for trinn gjennomgng v grunnleggende regler for brøkregning og likninger. Dette er sto som vi i FYS 000 egentlig forventer t dere
Detaljer2.2.1 Grunnleggende betraktninger
38 C2 BJELKER eksentrisk plssering på lgrene eller skjevt innstøpte løftebøyler. Bjelken vil dermed få en sideutbøyning som kn skpe et stbilitetsproblem. Det er en prinsipiell forskjell på de to tilfellene.
DetaljerNumerisk derivasjon og integrasjon utledning av feilestimater
Numerisk derivsjon og integrsjon utledning v feilestimter Knut Mørken 6 oktober 007 1 Innledning På forelesningen /10 brukte vi litt tid på å repetere inhomogene differensligninger og rkk dermed ikke gjennomgå
Detaljer1 Mandag 1. mars 2010
Mndg. mrs Fundmentlteoremet sier t integrsjon og derivsjon er motstte opersjoner. Vi hr de siste ukene sett hvordn vi på ulike måter kn derivere funksjoner i flere vrible. Nå er turen kommet til den motstte
DetaljerMAT 100A: Mappeeksamen 4
. november, MAT A: Mppeeksmen Løsningsforslg Oppgve ) Vi bruker produktregelen: f (x) x rctn x + x + x Siden x og rctn x hr smme fortegn, og x ldri er negtiv, er f (x) positiv overlt, bortsett fr t f ().
Detaljer1 Mandag 18. januar 2010
Mndg 8. jnur 2 I denne første forelesningen skl vi friske opp litt rundt funksjoner i en vribel, se på hvordn de vokser/vtr, studere kritiske punkter og beskrive krumning og vendepunkter. Vi får ikke direkte
DetaljerB12 SKIVESYSTEM. Tabell B Bøyestivhet av skiver. (Fasthetsklasse etter NS )
δ B1 SKIVESYSTEM Tell B 1.1. Bøestivhet v skiver. (Fsthetsklsse etter NS 3473 1989) Fsthetsklsse t (m) h (m) A s = A s (mm ) N (kn) (h / R) 1 3 EI 1 15 (Nmm ) EI / EI 1 ε s 1 3 C 35, 4, 491 1 3, 1,3,63,59
DetaljerTemahefte nr. 1. Hvordan du regner med hele tall
1 ARBEIDSHEFTE I MATEMATIKK SNART MATTE EKSAMEN Hvordn du effektivt kn forberede deg til eksmen Temhefte nr. 1 Hvordn du regner med hele tll Av Mtthis Lorentzen mttegrisenforlg.com Opplysning: De nturlige
DetaljerKapittel 1:Introduksjon - Statikk
1 - Introduksjon - Statikk Kapittel 1:Introduksjon - Statikk Studér: - Emnebeskrivelse - Emneinformasjon - Undervisningsplan 1.1 Oversikt over temaene Skjærkraft-, Moment- og Normalkraft-diagrammer Grunnleggende
DetaljerMAT 1110: Løsningsforslag til obligatorisk oppgave 2, V-06
MAT : Løsningsforslg til obligtorisk oppgve, V-6 Oppgve : ) Hvis = (,,...) og = (,,...) er to vektorer, vil kommndoen >> plot(,) tegne rette forbindelseslinjer mellom punktene (, ), (, ) osv. For å plotte
Detaljer1 k 2 + 1, k= 5. i=1. i = k + 6 eller k = i 6. m+6. (i 6) i=1
TMA4 Høst 6 Norges teknisk nturvitenskpelige universitet Institutt for mtemtiske fg Løsningsforslg Øving 5 5..6 Vi er gitt summen og ønsker å skrive den på formen m k=5 k +, f(i). i= Strtpunktene er henholdsvis
DetaljerForkunnskaper i matematikk for fysikkstudenter. Integrasjon.
De grunnleggende definisjonene L oss strte med følgende prolem: Gitt en ontinuerlig funsjon y = f der f for [, ] Beregn relet A som er vgrenset v grfen til f, -sen, og de to vertile linjene = og = Vi n
Detaljer6. Beregning av treghetsmoment.
Forelesningsnotter i mtemtikk Bruk v integrsjon Beregning v treghetsmoment Side 1 6 Beregning v treghetsmoment 61 Definisjoner Først de grunnleggende definisjonene: Momentkse r m en liten punktformet prtikkel
Detaljer1 Mandag 25. januar 2010
Mndg 5. jnur Vi fortsetter med å se på det bestemte integrlet, bl.. på hvordn vi kn bruke numeriske beregninger til å bestemme verdien når vi ikke nødvendigvis kn finne en nti-derivert. Videre skl vi t
DetaljerIntegralregning. Mål. for opplæringen er at eleven skal kunne
8 Integrlregning Mål for opplæringen er t eleven skl kunne gjøre rede for definisjonen v estemt integrl som grense for en sum og uestemt integrl som ntiderivert eregne integrler v de sentrle funksjonene
DetaljerTFY4104 Fysikk. Institutt for fysikk, NTNU. Høsten Løsningsforslag til øving 8. a = e m E
TFY414 Fysikk. Institutt for fysikk, NTNU. Høsten 16. Løsningsforslg til øving 8. Oppgve 1. ) C F = E = m Newtons. lov. Her er = e, så elektronets kselersjon blir = e m E ltså mot venstre. b) C Totlt elektrisk
DetaljerM2, vår 2008 Funksjonslære Integrasjon
M, vår 008 Funksjonslære Integrsjon Avdeling for lærerutdnning, Høgskolen i Vestfold. pril 009 1 Arelet under en grf Vi begynner vår diskusjon v integrsjon, på smme måte som vi begynte med derivsjon, ved
DetaljerIntegrasjon Skoleprosjekt MAT4010
Integrsjon Skoleprosjekt MAT4010 Tiin K. Kristinslund, Julin F. Rossnes og Torstein Hermnsen 19. mrs 2014 1 Innhold 1 Innledning 3 2 Integrsjon 3 3 Anlysens fundmentlteorem 7 4 Refernser 10 2 1 Innledning
DetaljerDEL 1 Uten hjelpemidler
DEL Uten hjelpemidler Hjelpemidler: vnlige skrivesker, psser, linjl med entimetermål og vinkelmåler Oppgve f = + f ( ) = 6 ( ) 3 g = ( ) e g = + = + ( ) e e e ( ) h = 3 ( ) ln( ) 3 h ( ) = 3 = 3 3 Oppgve
DetaljerLøsningsforslag SIE4010 Elektromagnetisme 5. mai 2003
Oppgve 1 Løsningsforslg SIE4010 Elektromgnetisme 5. mi 2003 ) Av symmetrigrunner må det elektriske feltet være rdielt rettet og uvhengig v φ, E = E(r)u r.vilrs være overflten til en sylinder med rdius
DetaljerTillegg om integralsatser
Kpittel 7 Tillegg om integrlstser 7.1 Integrlstser, fundmentlstser Fr et mtemtiske snspunkt er integrlstser beslektet med b f) d = fb) f) b β dr = βr b ) βr ) der den første klles nlsens fundmentlteorem,
DetaljerEksamen våren 2018 Løsninger
DEL 1 Uten hjelpemidler Hjelpemidler: vnlige skrivesker, psser, linjl med centimetermål og vinkelmåler Oppgve 1 5x+ y = 4 x+ 4y = 6 Vi multipliserer likningen 5x+ y = 4 med på egge sider og får 10x+ 4y
DetaljerEneboerspillet. Håvard Johnsbråten
Håvrd Johnsråten Eneoerspillet Når vi tenker på nvendelser i mtemtikken, ser vi gjerne for oss Pytgors læresetning eller ndre formler som vi kn ruke til å eregne lengder, reler, kostnder osv. Men mer strkte
Detaljer1 Geometri KATEGORI 1. 1.1 Vinkelsummen i mangekanter. 1.2 Vinkler i formlike figurer
Oppgver 1 Geometri KTGORI 1 1.1 Vinkelsummen i mngeknter Oppgve 1.110 ) I en treknt er to v vinklene 65 og 5. Finn den tredje vinkelen. b) I en firknt er tre v vinklene 0, 50 og 150. Finn den fjerde vinkelen.
DetaljerTabell 2 Spennvidden for bjelkelag med under -gulv av 22 mm sponplater eller 19 mm kryssfinér
Bjelkelgstbell Bjelkelgstbellen ngir hv de ulike dimensjonene (produktene) tåler v spennvidde innenfor hver styrkeklsse (C18, C24 og C30) Tbell 1 Spennvidden for bjelkelg med gulv (Tll i ) v 21 mm BJELKELAGSTABELLER
DetaljerTFY4104 Fysikk. Institutt for fysikk, NTNU. Lsningsforslag til ving 8. a =
TFY414 Fysikk. Institutt for fysikk, NTNU. Lsningsforslg til ving 8. Oppgve 1. ) C F = E = m Newtons. lov. Her er = e, s elektronets kselersjon blir = e m E lts mot venstre. b) C Totlt elektrisk felt i
Detaljer2x 3 4/x dx. 2 5 x 3 + LF: Vi utfører polynomdivisjon. 2x + 1 dx = + C = 5x8/ ln 2x C 4. πx 2 e 3x3 dx = π
Innlevering ELFE KJFE MAFE Mtemtikk HIOA Obligtorisk innlevering 5 Innleveringsfrist Mndg 6. oktober 5 før forelesningen : Antll oppgver: Løsningsforslg Finn de ubestemte integrlene ) x 4/x dx LF: x 4/x
DetaljerNumerisk kvadratur. PROBLEM STILLING: Approksimér. f(x)dx. I(f) = hvor f : R R. Numerisk sett, integralet I(f) = b. f(x)dx approksimeres med en summe
Numerisk kvdrtur PROBLEM STILLING: Approksimér 1/18 I(f) = f(x)dx. hvor f : R R. Numerisk sett, integrlet I(f) = f(x)dx pproksimeres med en summe Q n (f) = w i f(x i ), n-punkter regel hvor x 1 < x 2
DetaljerLikevekt STATISK LIKEVEKT. Når et legeme er i ro, sier vi at det er i statisk likevekt.
Likevekt STATISK LIKEVEKT Når et legeme er i ro, sier vi at det er i statisk likevekt. Et legeme beveger seg i den retningen resultanten virker. Vi kan sette opp den første betingelsen for at et legeme
Detaljer75045 Dynamiske systemer 3. juni 1997 Løsningsforslag
75045 Dynmiske systemer 3. juni 1997 Løsningsforslg Oppgve 1 ẋ = 0 gir y = ±x, og dette innstt i ẏ = 0 gir 1 ± x = 0. Vi må velge minustegnet, og får x = y = ±1/. Vi deriverer: [ ] x y ( 1 Df(x, y) = ;
Detaljer1 dx cos 1 x =, 1 x 2 sammen med kjerneregelen for derivasjon. For å forenkle utregningen lar vi u = Vi regner først ut den deriverte til u,
TMA0 Høst 205 Norges teknisk nturvitenskpelige universitet Institutt for mtemtiske fg 3.5.30: Vi bruker erivsjonsregelen for cos x, x cos x =, x 2 smmen me kjerneregelen for erivsjon. For å forenkle utregningen
DetaljerEKSAMEN I EMNE TKT4116 MEKANIKK 1
NORGS TKNISK- NTURVITNSKPLIG UNIVRSITT Institutt for konstruksjonsteknikk Faglig kontakt under eksamen: rne alberg 976 42 898 / 73 59 46 24 Jan jarte arseth 73 59 35 68 KSMN I MN TKT4116 MKNIKK 1 Onsdag
DetaljerEffektivitet og fordeling
Effektivitet og fordeling Vi skl svre på spørsmål som dette: Hv etyr det t noe er smfunnsøkonomisk effektivt? Er det forskjell på smfunnsøkonomisk og edriftsøkonomisk effektivitet? Er det en motsetning
DetaljerØving 13, løsningsskisse.
TFY455/FY3 Elektr & mgnetisme Øving 3, løsningsskisse nduksjon Forskyvningsstrøm Vekselstrømskretser nst for fysikk 5 Oppgve nduktns for koksilkbel ) Med strømmen jmt fordelt over tverrsnittet på lederne
DetaljerDel 2. Alle oppgaver føres inn på eget ark. Vis tydelig hvordan du har kommet frem til svaret. Oppgave 2
Del 2 Alle oppgver føres inn på eget rk. Vis tydelig hvordn du hr kommet frem til svret. Oppgve 1 Figuren viser sidefltene til et prisme. Grunnflten og toppflten mngler. ) Hvilken form må grunn- og toppflten
DetaljerLøsningsforslag for eksamen 5. januar 2009
Løsningsforslag for eksamen 5. januar 2009 Oppgave 1 Figuren til høyre viser en hengebroliknende konstruksjon, med et tau mellom C og E med egen tyngde g = 0,5 kn/m og en punktlast P = 75 kn som angriper
DetaljerYF kapittel 6 Lengder og vinkler Løsninger til oppgavene i læreboka
YF kpittel 6 Lengder og vinkler Løsninger til oppgvene i læreok Oppgve 601 Vi skl gå ett hkk mot høyre, og gnger derfor med 10. 14 cm 14 10 mm 140 mm c Vi skl gå to hkk mot høyre, og gnger derfor med 10
DetaljerS1 kapittel 8 Eksamenstrening Løsninger til oppgavene i læreboka
S1 kpittel 8 Eksmenstrening Løsninger til oppgvene i læreok E1 995 995 5 + 5 (995 5) (995 + 5) + 5 990 1000 + 5 990 000 + 5 990 05 E E (61+ 9) 51 49) (51+ 49) 61 9 (61 9) 51 49 ( 100 100 11 1997 00 199
Detaljer3.7 Pythagoras på mange måter
Oppgve 3.18 Vis t det er mulig å multiplisere og dividere linjestykker som vist i figur 3.. Bruk formlikhet. 3.7 Pythgors på mnge måter Grekeren Pythgors le født på Smos 569 og døde. år 500 f. Kr. Setningen
DetaljerLøsningsforslag Eksamen 30. mai 2007 FY2045 Kvantefysikk
Eksmen FY045 30. mi 007 - løsningsforslg 1 Oppgve 1 Løsningsforslg Eksmen 30. mi 007 FY045 Kvntefysikk. I grensen 0 er potensilet V x et enkelt okspotensil, V = V 0 for < x < 0 og uendelig ellers. Den
DetaljerLøsningsforslag til avsluttende eksamen i HUMIT1750 høsten 2003.
Løsningsforslg til vsluttende eksmen i HUMIT1750 høsten 2003. Teksten under hr litt litt prtsom fordi jeg hr villet forklre hvordn jeg gikk frm. Fr en studentesvrelse le det ikke forventet nnet enn sluttresulttene.
DetaljerNumerisk Integrasjon
Numerisk Integrsjon Anne Kværnø Mrch 1, 018 1 Problemstilling Vi skl ltså finne en numerisk tilnærmelse til integrlet for en gitt funksjon f (x). I(, b) = f (x)dx Teknikken vi skl diskutere klles numeriske
DetaljerMultippel integrasjon. Geir Ellingsrud
Multippel integrsjon. Geir Ellingsrud 2. pril 24 2 NB: Dette er en midlertidig versjon dtert 2. pril 24. Den kommer til å bli utvidet og korrigert fortløpende!!. Dobbelt integrlet over rektngler og iterert
Detaljer( ) ( ) DEL 1 Uten hjelpemidler. x x x x. Oppgave 1. Vi deriverer med produktregel: Vi deriverer kjerneregelen: Vi velger u = x 3 som kjerne.
DEL 1 Uten hjelpemidler Hjelpemidler: vnlige skrivesker, psser, linjl med centimetermål og vinkelmåler Oppgve 1 3 ( ) = 5 + 4 f f = ( ) 6 5 b c g ( ) = e Vi deriverer med produktregel: g ( ) = e + e =
Detaljergir g 0 (x) = 2x + x 2 (x + 3) x x 2 x 1 (x + 3) 2 x 5 + 2x 4 + 6x 3 + x 2 + x + 3 x 2 (x + 3) 2 g(x; y) h(x) F (x; y) =
Oppgve ) gir b) c) d) e) f() = 5 4 3 gir f () = 3 6 + 3 g() = + 3 f)når så blir Merk her t = Tilsvrende er gir g () = + ( + 3) ( + 3) 5 + 4 + 6 3 + + + 3 ( + 3) h() = f() gir h () = f () + f() f() = g(;
DetaljerLøsningsforslag TFE4120 Elektromagnetisme 24. mai = 2πrlɛE(r) = Q innenfor S =
Norges teknisk nturvitenskpelige universitet Institutt for elektronikk og telekommuniksjon Side 1 v 5 Løsningsforslg TFE4120 Elektromgnetisme 24. mi 2011 Oppgve 1 ) Av symmetrigrunner må det elektriske
DetaljerLitt av matematikken bak solur
Anne Bruvold Revidert mrs 005 Bkgrunn Min interesse for solur le vekket d jeg i 000 skulle holde et lite foredrg om kjeglesnitt og under foreredelsen v dette kom over rtikler som kolet kjeglesnitt med
DetaljerMatematikk 1000. Øvingsoppgaver i numerikk leksjon 8 Numerisk integrasjon
Mtemtikk 1000 Øvingsoppgver i numerikk leksjon 8 Numerisk integrsjon Som kjent kn vi regne ut (bestemte) integrler ved nti-derivsjon. Dette resulttet er et v de viktikgste innen klkulus; det heter tross
DetaljerØving 4: Coulombs lov. Elektrisk felt. Magnetfelt.
Lørdgsverksted i fysikk. Institutt for fysikk, NTNU. Høsten 007. Veiledning: 9. september kl 1:15 15:00. Øving 4: oulombs lov. Elektrisk felt. Mgnetfelt. Oppgve 1 (Flervlgsoppgver) ) Et proton med hstighet
DetaljerFasit til utvalgte oppgaver MAT1100, uka 20-24/9
Fsit til utvlgte oppgver MAT00, uk 20-24/9 Øyvind Ryn oyvindry@ifi.uio.no September 24, 200 Oppgve 5..5 år vi viser t f er kontinuerlig i ved et ɛ δ-bevis, er det lurt å strte med uttrykket fx f, og finne
DetaljerEksamen R2, Va ren 2014, løsning
Eksmen R, V ren 04, løsning Tid: timer Hjelpemidler: Vnlige skrivesker, psser, linjl med centimetermål og vinkelmåler er tilltt. Oppgve ( poeng) Deriver funksjonene ) f sin Vi bruker kjerneregelen på sin,
DetaljerMAT 100a - LAB 4. Før vi gjør dette, skal vi for ordens skyld gjennomgå Maple-kommandoene for integrasjon (cf. GswM kap. 12).
MAT 00 - LAB 4 Denne øvelsen er i hovedsk viet til integrsjon. For mnge er integrsjon i prksis det smme som ntiderivsjon, og noe som kn rukes til å eregne relet v enkelte områder i plnet som lr seg egrense
DetaljerIntegrasjon av trigonometriske funksjoner
Integrsjon v trigonometriske funksjoner øistein Søvik 3. november 15 I dette dokumentet skl jeg vise litt ulike integrsjonsteknikker og metoder for å utforske integrlene v (cos x) og (sin x). De bestemte
DetaljerLøsningsforslag til test nr. 1 Mekanikk våren 2011
Løsningsforslag til test nr. 1 Mekanikk våren 2011 Spørsmål 1. V11-Resultant (i kn) - 3 laster på rektangel Legemet på figuren er utsatt for 3 krefter. Kraften på 4 kn er skrå, med retning nedover t.h.
DetaljerArne B. Sletsjøe. Kompendium, MAT 1012
Arne B. Sletsjøe Kompendium, MAT 2 En-vribel klkulus I denne første forelesningen skl vi friske opp litt rundt funksjoner i en vribel, se på hvordn de vokser/vtr, studere kritiske punkter og beskrive krumning
DetaljerFASIT, tips og kommentarer
FASIT, tips og kommentrer JULEKALENDER 8.- 10- trinn Nivå 1 og Nivå 2. Tips til orgnisering: Kn jobbes med i gruppe, to og to eller individuelt. Spre rbeidet med klenderen i mttetimene i desember, eller
Detaljer1 Mandag 8. mars 2010
1 Mndg 8. mrs 21 Vi hr tidligere integrert funksjoner lngs x-ksen, og vi hr integrert funksjoner i flere vrible over begrensede områder i xy-plnet. I denne forelesningen skl vi integrere funksjoner lngs
DetaljerFY2045/TFY4250 Kvantemekanikk I, løsning øving 10 1 LØSNING ØVING 10
FY45/TFY45 Kvntemeknikk I, løsning øving LØSNING ØVING Løsning oppgve Spinn. D åde χ + og χ i likhet med lle ndre spinorer er egentilstnder til enhetsmtrisen med egenverdi lik, hr vi Videre finner vi t
DetaljerProjeksjon. Kapittel 11. Ortogonal projeksjon i R 2. Skalarproduktet i R n. w på v. Fra figuren ovenfor ser vi at komponenten til w ortogonalt på v er
Kpittel Projeksjon En projeksjon er en lineærtrnsformsjon P som tilfredsstiller P x P x. for lle x. Denne ligningen sier t intet nytt skjer om du benytter lineærtrnsformsjonen for ndre gng, og mn kn tenke
Detaljer5: Algebra. Oppgaver Innhold Dato
5: Alger Pln resten v året: - Kpittel 6: Ferur - Kpittel 7: Ferur/mrs - Kpittel 8: Mrs - Repetisjon: April/mi - Eventuell offentlig eksmen: Mi - Økter, prøver, prosjekter: Mi - juni For mnge er egrepet
DetaljerIntegrasjon del 2. October 15, Department of Mathematical Sciences, NTNU, Norway. Integrasjon
Integrsjon del Deprtment of Mthemticl Sciences, NTNU, Norwy Octoer 5, 4 Integrsjon Sustitusjon for estemte integrler Husk kjærneregel d dt f (g(t)) = f (g(t)) g (t) ved fundmentlteoremet (del ) vi får
DetaljerArne B. Sletsjøe. Kompendium, MAT 1012
Arne B. Sletsjøe Kompendium, MAT 2 Forord Dette kompendiet dekker nlysedelen v pensum i kurset MAT 2 ved Universitetet i Oslo. Kurset bygger på MAT og legger mer vekt på nvendelser v teorien enn på dens
DetaljerOriginal bruksanvisning 11/2010. Tas vare på for fremtidige behov. Doka smådelstainer. Art.-Nr. 583010000. Forskalingseksperten
11/2010 Originl ruksnvisning 999281418 no Ts vre på for fremtidige ehov ok smådelstiner rt.-nr. 583010000 Forsklingseksperten Originl ruksnvisning ok smådelstiner Produkteskrivelse Produkteskrivelse ok
Detaljer1 Tallregning og algebra
Tllregning og lger ØV MER. REGNEREKKEFØLGE Oppgve.0 6 d) ( : 6) Oppgve. ( ) ( ) ()() ( ) ( ) ( ) () (6 ) () d) ( ) 7() ( ) Oppgve. 6 ( ) d) Oppgve. Med ett ddisjonstegn, ett sutrksjonstegn, ett multipliksjonstegn
DetaljerMatematikk Øvingsoppgaver i numerikk leksjon 9 Numerisk integrasjon
Mtemtikk 1000 Øvingsoppgver i numerikk leksjon 9 Numerisk integrsjon Forståelsen v integrlet som et rel ligger til grunn når vi skl beregne integrler numerisk. Litt mer presist: Når f(x) 0 for lle x i
DetaljerR2 - Heldagsprøve våren 2013
Løsningsskisser HD R R - Heldgsprøve våren 0 Løsningsskisser Viktigste oppsummeringer: Må skrive med penn på eksmen! Slurv og regnefeil, både med tll og bokstver, er hovedproblemet. Beste måten å fikse
DetaljerFaktorisering. 1 Hva er faktorisering? 2 Hvorfor skal vi faktorisere? Per G. Østerlie Senter for IKT i utdanningen 11.
Fktorisering Per G. Østerlie Senter for IKT i utdnningen per@osterlie.no 11. mi 013 1 Hv er fktorisering? Vi må se på veret å fktorisere. Hv er det vi skl gjøre når vi fktoriserer? Svret er: å lge fktorer.
DetaljerEKSAMEN. 1. klassene, ingenørutdanning og flexing. ANTALL SIDER UTLEVERT: 5(innkl. forside og 2 sider formelark)
KANDIDATNUMMER: EKSAMEN EMNENAVN: Mtemtikk EMNENUMMER: REA4 og REA4f EKSAMENSDATO:. ugust 9 KLASSE:. klssene, ingenørutdnning og fleing. TID: kl. 9... FAGANSVARLIG: Hns Petter Hornæs ANTALL SIDER UTLEVERT:
DetaljerEksempel Funksjonen f (x)=x 3 er strengt voksende. vokser på intervallet [0, ) og avtar på intervallet
Kpittel Derivsjon I det første kpitlet skl vi friske opp teorien for funksjoner i en vribel, se på hvordn de vokser/vtr, studere deres kritiske punkter og beskrive krumning og vendepunkter. For intervller
DetaljerR1 kapittel 1 Algebra
Løsninger til oppgvene i ok R1 kpittel 1 Alger Løsninger til oppgvene i ok Oppgve 1.1 1 8 4 ( ) 15 5 (4 ) 7 1 7 ( ) d ( )( ) ( 4)( ) ( ) ( 4) ( )( 1) Oppgve 1. 49 7 ( 7)( 7) 5 5 5 5 1y 75 (4y 5) ( y) 5
Detaljerdx = 1 2y dy = dx/ x 3 y3/2 = 2x 1/2 + C 1
NTNU Institutt for mtemtiske fg TMA Mtemtikk høsten Løsningsforslg - Øving 7 Avsnitt 6.5 ) En hr t y = e, så y + 3y = e + 3e = e. b) En hr t y = e 3 e (3/), så y + 3y = e 3e (3/) + 3e + 3e (3/) = e. c)
Detaljerx 1, x 2,..., x n. En lineær funksjon i n variable er en funksjon f(x 1, x 2,..., x n ) = a 1 x 1 + a 2 x a n x n,
Introduksjon Velkommen til emnet TMA45 Mtemtikk 3, våren 9 Disse nottene inneholder det vi gjennomgår i forelesningene, og utgjør, smmen med lle øvingene, pensum for emnet Læreoken nefles som støttelittertur
DetaljerYF kapittel 8 Rom Løsninger til oppgavene i læreboka
YF kpittel 8 Rom Løsninger til oppgvene i læreok Oppgve 809 Vi skl gå ett hkk mot venstre, og deler derfor med 10. 40 dl = (40 :10) L = 4 L Vi skl gå to hkk mot venstre, og deler derfor med 10 10 = 100.
DetaljerKapittel 3. Potensregning
Kpittel. Potensregning I potensregning skriver vi tll som potenser og forenkler uttrykk som inneholder potenser. Dette kpitlet hndler blnt nnet om: Betydningen v potenser som hr negtiv eksponent eller
DetaljerR2 2010/11 - Kapittel 4: 30. november 2011 16. januar 2012
R 00/ - Kpittel 4: 0. noemer 0 6. jnr 0 Pln for skoleåret 0/0: Kpittel 5: 6/ 6/. Kpittel 6: 6/ /. Kpittel 7: / /4. Prøer på eller skoletime etter hert kpittel. Én heildgsprøe i her termin. En del prøer
Detaljer9.6 Tilnærminger til deriverte og integraler
96 TILNÆRMINGER TIL DERIVERTE OG INTEGRALER 169 Figur 915 Bezier-kurve med kontrollpolygon som representerer bokstven S i Postscript-fonten Times-Romn De ulike Bezier-segmentene ser du mellom kontrollpunktene
Detaljer... JULEPRØVE 9. trinn...
.... JULEPRØVE 9. trinn.... Nvn: Gruppe: DELPRØVE 1 uten hjelpemidler ( 37 poeng) På denne delprøven kn du re ruke skrivesker, psser og linjl. Alle oppgvene i del 1 skl føres rett på rket. I noen oppgver
DetaljerKapittel 4.7. Newtons metode. Kapittel 4.8.
Ekskt løsning Newtons metode - Integrsjon Forelesning i Mtemtikk TMA00 Hns Jko Rivertz Institutt for mtemtiske fg 0. septemer 0 Kpittel.7. Newtons metode Den ekskte løsningen v x x = 0er ikke særlig rukelig
DetaljerMED SVARFORSLAG UNIVERSITETET I OSLO
Eksmen i : MED SVARFORSLAG UNIVERSITETET I OSLO Det mtemtisk-nturvitenskpelige fkultet INF5110 - Kompiltorteknikk Eksmensdg : Onsdg 6. juni 2012 Tid for eksmen : 14.30-18.30 Oppgvesettet er på : Vedlegg
DetaljerS1 kapittel 6 Derivasjon Løsninger til oppgavene i boka
S kpittel 6 Derivsjon Løsninger til oppgvene i ok 6. c y x y x = = = = y x 4 5 9 4 y 5 6 x 4 = = = = y x y x = = = = 7 ( 5) 6 ( ) 8 6. f( x ) f( x ) 5 7 x x ( ) 4 = = = = 6. T( x) = 0,x +,0 T T = + = (0)
DetaljerTema 2: Stokastiske variabler og sannsynlighetsfordelinger Kapittel 3 ST :44 (Gunnar Taraldsen)
Tem 2: Stokstiske vribler og snnsynlighetsfordelinger Kpittel 3 ST1101 2019-01-13 12:44 (Gunnr Trldsen) Det nts i nottet t S er et utfllsrom utstyrt med en snnsynlighet P (A) for enhver hendelse A F. F
DetaljerR1 kapittel 6 Vektorer. Løsninger til oppgavene i boka Løsninger til oppgavene i boka
R1 kpittel 6 Vektorer Løsninger til oppgvene i ok Løsninger til oppgvene i ok 6.1 Tilfellene, e og f er vektorstørrelser fordi de hr retning. Tilfellene, og d er sklrer fordi de ikke hr retning. 6. d e
Detaljer9 Potenser. Logaritmer
9 Potenser. Logritmer Foret utregingene nedenfor: 5 5 c 6 7 d e 5 f g h i Regn ut og gjør svrene så enkle som mulige: c y y d e f g h i j y y + y + y + + y Prisen på en motorsg vr kr 56 i 99. Vi regner
DetaljerR2 kapittel 4 Tredimensjonale vektorer
Løsninger v oppgvene i ok R kpittel 4 Tredimensjonle vektorer Løsninger v oppgvene i ok 4. Vi tegner punket A i xy-plnet. Vi mrkerer plsseringen v A med linjestykker ut fr punktene (4,0,0) på x-ksen og
DetaljerALTERNATIV GRUNNBOK BOKMÅL
Anne Rsch-Hlvorsen Oddvr Asen Illustrtør: Bjørn Eidsvik 7B NY UTGAVE ALTERNATIV GRUNNBOK BOKMÅL CAPPELEN DAMM AS, 2011 Mterilet i denne publiksjonen er omfttet v åndsverklovens bestemmelser. Uten særskilt
DetaljerEksamen våren 2016 Løsninger
DEL Uten hjelpemidler Hjelpemidler: vnlige skrivesker, psser, linjl med centimetermål og vinkelmåler Oppgve,8,8 (,8 ) 3,6 3, 6 3, 6,5 5, (5, ) Oppgve 3, 5 Vi ser på tllinj t,5 tilsvrer punkt F. Vi ser
DetaljerLøsningsforslag til Eksamen i fag MA1103 Flerdimensjonal analyse
Norges teknisk nturvitenskpelige universitet Institutt for mtemtiske fg Side 1 v 5 Løsningsforslg til Eksmen i fg MA113 Flerdimensjonl nlyse 2.5.6 Oppgve 1 Vi hr f(x, y) = (4 x 2 y 2 )e x+y. ) Kritiske
DetaljerYF kapittel 7 Flate Løsninger til oppgavene i læreboka
YF kpittel 7 Flte Løsninger til oppgvene i læreok Oppgve 701 Vinkel C er en rett vinkel. Altså er C = 90. c AB er motstående side til den rette vinkelen i treknten. Derfor er AB ypotenus. AC er osliggende
Detaljer1T kapittel 8 Eksamenstrening Løsninger til oppgavene i læreboka
T kpittel 8 Eksmenstrening Løsninger til oppgvene i lærebok Uten hjelpemidler E b c E b c Vi gnger vnlige tll med vnlige tll og tierpotenser med tierpotenser. Til slutt omformer vi svret så vi får et tll
DetaljerLøsningsforslag, Midtsemesterprøve torsdag 6. mars 2008 kl Oppgavene med kort løsningsskisse
Institutt for fysikk, NTNU FY1003 Elektrisitet og mgnetisme TFY4155 Elektromgnetisme Vår 2008 Løsningsforslg, Midtsemesterprøve torsdg 6. mrs 2008 kl 1000 1200. Fsit side 12. Oppgvene med kort løsningsskisse
DetaljerPraktiske opplysninger til rektor. Fag: MATEMATIKK 1TY for yrkesfag Fagkode: MAT1006 Eksamensdato: Antall forberedelsesdager: Ingen
Loklt gitt eksmen 2013 Prktiske opplysninger til rektor Fg: MATEMATIKK 1TY for yrkesfg Fgkode: MAT1006 Eksmensdto: 30.5.2013 Antll foreredelsesdger: Ingen Forhold som skolen må være oppmerksom på: Eksmenen
DetaljerLøsningsforslag til obligatorisk oppgave i ECON 2130
Andres Mhre April 13 Løsningsforslg til obligtorisk oppgve i ECON 13 Oppgve 1: E(XY) = E(X(Z X)) Setter inn Y = Z - X E(XY) = E(XZ X ) E(XY) = E(XZ) E(X ) X og Z er uvhengige v hverndre, så Cov(X, Z) =.
DetaljerSensorveiledning Oppgaveverksted 4, høst 2013 (basert på eksamen vår 2011)
Sensorveiledning Oppgveverksted 4, høst 203 (bsert på eksmen vår 20) Ved sensuren tillegges oppgve vekt 0,2, oppgve 2 vekt 0,4, og oppgve 3 vekt 0,4. For å bestå eksmen, må besvrelsen i hvert fll: gi minst
DetaljerEKSAMEN. ANTALL SIDER UTLEVERT: 7 (innkl. forside og 2 sider formelark)
KANDIDATNUMMER: EKSAMEN FAGNAVN: Mtemtikk FAGNUMMER: REA EKSAMENSDATO: 5. desember 6 KLASSE:. klssene, ingenørutdnning. TID: kl. 9... FAGLÆRER: Hns Petter Hornæs ANTALL SIDER UTLEVERT: 7 (innkl. forside
DetaljerEKSAMEN. 1. klassene, ingenørutdanning og Flexing. ANTALL SIDER UTLEVERT: 5 (innkl. forside og 2 sider formelark)
KANDIDATNUMMER: EKSAMEN EMNENAVN: Mtemtikk EMNENUMMER: REA42 og REA42f EKSAMENSDATO:. desember 2 KLASSE:. klssene, ingenørutdnning og Flexing. TID: kl. 9... FAGANSVARLIG: Hns Petter Hornæs ANTALL SIDER
DetaljerUNIVERSITETET I OSLO
UNIVESITETET I OSLO Det mtemtisk-nturvitenskpelige fkultet Eksmen i: FYS1120 Elektromgnetisme Eksmensdg: 5. oktober 2015 Tid for eksmen: 10.00 13.00 Oppgvesettet er på 8 sider. Vedlegg: Tilltte hjelpemidler:
Detaljer