Fra UiO sine websider (med tentativt antall poeng):
|
|
- Tord Løken
- 4 år siden
- Visninger:
Transkript
1 Generelle ting Fra UiO sine websider (med tentativt antall poeng): A Framifrå, >90%, >207 p: Framifrå prestasjon som skil seg klart ut. Kandidaten syner særs god vurderingsevne og stor grad av sjølvstende. B Mykje god, 79-90%, p: Mykje god prestasjon. Kandidaten syner mykje god vurderingsevne og sjølvstende. C God, 66-78%, p: Jamt god prestasjon som er tilfredsstillande på dei fleste områda. Kandidaten syner god vurderingsevne og sjølvstende på dei viktigaste områda. D Nokså god, 53-65%, p: Akseptabel prestasjon med nokre vesentlege manglar. Kandidaten syner ein viss grad av vurderingsevne og sjølvstende. E Tilstrekkeleg, 40-52%, p: Prestasjonen tilfredsstiller minimumskrava, men heller ikkje meir. Kandidaten syner lita vurderingsevne og lite sjølvstende. F Ikkje greidd, <40%, <92 p: Prestasjon som ikkje tilfredsstiller dei faglege minimumskrava. Kandidaten syner både manglande vurderingsevne og sjølvstende. Oppgave Poeng Språk Figurer Layout Poeng Totalt kan man få 230 poeng, dvs alt under 92 poeng er stryk (de som stryker kan be om en muntlig konteeksamen om prosjektoppgaven). Hvis dere føler at en besvarelse er særlig bra og går utover det som forventes, gir gjerne bonuspoeng. 1
2 Oppgave 1 OBS: Enheter! Jeg skrev 500 g! Men hvis jeg da skal bruke SI enheter må jeg så klart bruke m = 0.5 i programmet mitt! import numpy as np import matplotlib. pyplot as plt def diffeq ( y, m, k ): _y = np. zeros ( y. size ) _y [0] = y [1] _y [1] = - k/m*y [0] return _y def rk4 ( y, dt, m, k ): d1 = diffeq ( y, m, k ) yhalf1 = y + d1* dt /2. d2 = diffeq ( yhalf1, m, k ) yhalf2 = y + d2* dt /2. d3 = diffeq ( yhalf2, m, k ) yend = y + d3* dt d4 = diffeq ( yend, m, k ) tm = 1./6.*( d1 + 2.* d2 + 2.* d3 + d4 ) return y + tm* dt def solveeom ( t0, tmax, dt, y0, m, k ): N = np.int ( ( tmax - t0 )/dt ) ts = np. zeros ( N ) ts [0] = t0 sol = np. zeros ( ( N, y0. size ) ) sol [0] = y0 for t in range ( 1, N ): ts[t] = ts[t -1] + dt sol [t] = rk4 ( sol [t -1], dt, m, k ) return ( ts, sol ) # time step dt = 1e -2 # initial position, velocity in m, m/ s y0 = np. array ( [1.0, 0.0] ) # mass in kg m = 0.5 # stiffness in N/ m k = 1. # solve differential equation ts, sol = solveeom ( 0, 10, dt, y0, m, k ) # plot in phase space plt. figure () plt. plot ( sol [:,0], sol [:,1], o, ms =2, alpha =.1, c= black ) plt. xlabel ( x [m] ) plt. ylabel ( v [m/s] ) 2
3 For en fri harmonisk oscillator med hvilke som helst initialbetingelsene x(0) = x 0 og v(0) = v 0 er x(t) = A 0 cos(ω 0 t + ϕ) ẋ(t) = A 0 ω 0 sin(ω 0 t + ϕ) ω 2 0 = k/m A 2 0 = x v2 0 ω0 2 tan ϕ = v 0 ω 0 x 0 (L.1) (L.2) (L.3) (L.4) (L.5) Total energien er summen av den kinetiske og potensielle energien slik at E = 1 2 kx(t) mẋ(t)2 (L.6) = 1 2 k (A 0 cos(ω 0 t + ϕ)) m ( A 0ω 0 sin(ω 0 t + ϕ)) 2 (L.7) = 1 ( ) 2 ka2 0 cos 2 (ω 0 t + ϕ) + sin 2 (ω 0 t + ϕ) (L.8) = 1 2 ka2 0 = const. (L.9) eller x(t) 2 A 2 0 x(t) 2 a 2 + ẋ(t)2 ω 2 0 A2 0 = 1 (L.10) + ẋ(t)2 b 2 = 1 (L.11) 3
4 som beskriver altid (uansett hvilken x 0 eller v 0 ) en ellipse med sentrum (0, 0), store halvakse a = A 0 og lite halvakse b = A 0 ω 0. Når banen i faserommet krysser x aksen, skifter hastigheten fortegn, dvs. at hastigheten skifter fra den ene til den andre retningen. Hvis krysningen ikke er loddrett, betyr det at posisjonen samtidig øker (eller minke) bestandig (selv om hastigheten skifter fortegn). Det går ikke og derfor er krysningen av x aksen altid loddrett. Når banen krysser y aksen skifter posisjonen fortegn - det betyr at kraften også skifter fortegn siden F = kx. Når kraften peker i motsatt retning, må hastigheten går fra å øke til å minke (eller fra å minke til å øke) - derfor er også den krysningen loddrett. Hastigheten kan ikke fortsette å øke (eller minke) hvis kraften nå peker i motsatt retning. Vinkelen α(t) mellom x aksen og systemets posisjon (x(t), v(t)) i faserommet er tan α(t) = v(t) x(t) = A 0ω 0 sin(ω 0 t + ϕ) A 0 cos(ω 0 t + ϕ) (L.12) (L.13) = ω 0 tan(ω 0 t + ϕ) (L.14) = ω 0 tan( ω 0 t ϕ) (L.15) α(t) = arctan(ω 0 tan( ω 0 t ϕ)) (L.16) 4
5 slik at dα(t) dt = ω0 2 tan2 ( ω 0 t ϕ) ω 1 0 tan 2 ( ω 0 t ϕ) ( ω 0) (L.17) ω 2 0 = tan 2 (ω 0 t + ϕ)(1 + ω0 2 tan2 (ω 0 t + ϕ)). (L.18) Siden dette uttrykket altid er negativt, minker α(t) hele tida og det betyr at banen altid dreier seg med klokken, uansett kvilken x 0 eller v 0. 5
6 Oppgave 2 import numpy as np import matplotlib. pyplot as plt def diffeq ( y, m, k, b ): _y = np. zeros ( y. size ) _y [0] = y [1] _y [1] = - k/m*y [0] - b/m*y [1] return _y def rk4 ( y, dt, m, k, b ): d1 = diffeq ( y, m, k, b ) yhalf1 = y + d1* dt /2. d2 = diffeq ( yhalf1, m, k, b ) yhalf2 = y + d2* dt /2. d3 = diffeq ( yhalf2, m, k, b ) yend = y + d3* dt d4 = diffeq ( yend, m, k, b ) tm = 1./6.*( d1 + 2.* d2 + 2.* d3 + d4 ) return y + tm* dt def solveeom ( t0, tmax, dt, y0, m, k, b ): N = np.int ( ( tmax - t0 )/dt ) ts = np. zeros ( N ) ts [0] = t0 sol = np. zeros ( ( N, y0. size ) ) sol [0] = y0 for t in range ( 1, N ): ts[t] = ts[t -1] + dt sol [t] = rk4 ( sol [t -1], dt, m, k, b ) return ( ts, sol ) # time step dt = 1e -2 # initial position, velocity in m, m/ s y0 = np. array ( [1.0, 0.0] ) # mass in kg m = 0.5 # stiffness in N/ m k = 1. # friction constant in kg/ s b = 0.1 # solver differential equation ts, sol = solveeom ( 0, 50, dt, y0, m, k, b ) # plot in phase space plt. figure () plt. plot ( sol [:,0], sol [:,1], o, ms =2, alpha =.1, c= black ) plt. xlabel ( x [m] ) plt. ylabel ( v [m/s] ) 6
7 Banen beskriver en sneileform som ender opp i origo (hvis integrasjonstiden er langt nok). Krysingen av x aksen er fortsatt loddrett, siden argumentasjonen ift fortegnskiftet av hastigheten er fortsatt gyldig. Man ser tydelig (særlig når man bruker høyere verdier for b, t.ex. 0.6, at krysningen av y aksen ikke er loddrett lenger. Krysningen av y aksen er ikke loddrett siden kraften er annerledes: F = bẋ kx. La os se på situasjonen hvor x(t) er maximal positiv, dvs. x(t) > 0 og ẋ(t) = 0. Kraften aksellererer loddet, men dempningen bremser farten. Siden fjærkraften minker med minkende x, men bẋ øker, er F = 0 før x = 0, dvs. at hastigheten minker allerede før fjærkraften skifter fortegn pga dempningen. (0, 0) er en attraktor siden uansett hvilke initialbetingelsene man velger, banen i faserommet kommer til å ende opp i origo (hvis integrasjonstiden er langt nok). Siden attraktoren er et punkt, har den dimensjon null. Kurven i Oppgave 1 er ikke en attraktor siden kurven er forskjellig for forskjellige initialbetingelsene. 7
8 Oppgave 3 Løsningen er summen av løsningen x h (t) av den homogene ligningen mẍ + kx(t) = 0 og en partikulær løsning x p (t). For x h (t) gør vi følgende ansats: x h (t) = A h cos(ω 0 t) + B h sin(ω 0 t) (L.19) med ω 2 0 = k/m. Ansatsen for den partikulære løsningen er x p (t) = A p cos(ω D t) + B p sin(ω D t) (L.20) slik at den fullstendige løsningen er x(t) = A h cos(ω 0 t) + B h sin(ω 0 t) + A p cos(ω D t) + B p sin(ω D t) (L.21) og ẋ(t) = A h ω 0 sin(ω 0 t) + B h ω 0 cos(ω 0 t) A p ω D sin(ω D t) + B p ω D cos(ω D t). (L.22) Siden x(0) = 2 m og ẋ(0) = 0 m/s er A h + A p = 2 og B h ω 0 + B p ω D = 0. Hvis x p (t) skal løse diff ligningen må gjelder mẍ(t) + kx(t) = F D cos(ω D t) (L.23) mωd(a 2 p cos(ω D t) + B p sin(ω D t))+ (L.24) k(a p cos(ω D t) + B p sin(ω D t)) = F D cos(ω D t) (L.25) (ka p mω 2 DA p F D ) cos(ω D t) + (B p mω 2 DB p ) sin(ω D t) = 0. (L.26) Siden cos(ω D t) og sin(ω D t) er lineært uavhengige funksjoner kan den ligningen bare tilfredestilles hvis ka p mω 2 DA p F D = 0 B p mω 2 DB p = 0. (L.27) (L.28) Vi ser at B p = 0 og dermed B h = 0. Videre er A p = F D /(m(ω 2 0 ω2 D )). 8
9 Dermed er løsningen eller x(t) = ( 2 ) F D F D m(ω0 2 ω2 D ) cos(ω 0 t) + m(ω0 2 ω2 D ) cos(ω Dt) ( ) ( ) F D x(t) = 2 cos(ω 0 t) 2 m(ω0 2 ω2 D ) sin ωd ω 0 ωd + ω 0 t sin t 2 2 (L.29) (L.30) Et produkt av to sinus funksjoner lager beating. 9
10 Oppgave 4 import numpy as np import matplotlib. pyplot as plt def diffeq ( y, m, k, FD, omegad ): _y = np. zeros ( y. size ) _y [0] = y [1] _y [1] = - k/m*y [0] + FD/m*np.cos ( y [2] ) _y [2] = omegad return _y def rk4 ( y, dt, m, k, FD, omegad ): d1 = diffeq ( y, m, k, FD, omegad ) yhalf1 = y + d1* dt /2. d2 = diffeq ( yhalf1, m, k, FD, omegad ) yhalf2 = y + d2* dt /2. d3 = diffeq ( yhalf2, m, k, FD, omegad ) yend = y + d3* dt d4 = diffeq ( yend, m, k, FD, omegad ) tm = 1./6.*( d1 + 2.* d2 + 2.* d3 + d4 ) return y + tm* dt def solveeom ( t0, tmax, dt, y0, m, k, FD, omegad ): N = np.int ( ( tmax - t0 )/dt ) ts = np. zeros ( N ) ts [0] = t0 sol = np. zeros ( ( N, y0. size ) ) sol [0] = y0 for t in range ( 1, N ): ts[t] = ts[t -1] + dt sol [t] = rk4 ( sol [t -1], dt, m, k, FD, omegad ) return ( ts, sol ) # time step dt = 1e -2 # initial position, velocity, driver phase in m, m/s, rfd y0 = np. array ( [2.0, 0.0, 0.0] ) # mass in kg m = 0.5 # stiffness in N/ m k = 1. # oscillator frequency omega0 = np. sqrt (k/m) # ratio omegad / omega0 rat = 13./8. # rat = 2./( np. sqrt (5) -1.) # driving amplitude FD = 0.7 # driving freqquency omegad = rat * omega0 # solve differential equation 10
11 ts, sol = solveeom ( 0, 200, dt, y0, m, k, FD, omegad ) # plot in phase space plt. figure () plt. plot ( sol [:,0], sol [:,1], o, ms =2, alpha =.1, c= black ) plt. xlabel ( x [m] ) plt. ylabel ( v [m/s] ) # analytisk A_p = FD /(m*( omega0 **2 - omegad **2) ) A_h = y0 [0] - A_p xh = A_h *np.cos ( omega0 *ts) xp = A_p *np.cos ( omegad *ts) plt. figure () plt. plot (ts, sol [:,0], ts, (xh+xp) ) plt. xlim (0,50) 11
12 For ω D = 13/8ω 0 er bevegelsen periodisk, siden systemet beskrives i faserommet gjennom en lukket bane. Det betyr at etterhvert er posisjonsog hastighetsverdiene lik noe de har vært før, og siden systemet konserverer energi, kan systemet bare gjenta samme bevegelsen som før. For ω D = 2/( 5 1)ω 0 er systemet ikke periodisk, det kommer aldrig tilbake til posisjons- og hastighetsverdier fra før. Grunnet er at forhold ω 0 /ω D i dette tilfelle er et reellt tall, ikke et rasjonalt tall som det var i den førrige eksempelen. Dette kan forklares gjennom å se på betingelse for periodisiteten: x(t) = x(t + T ) t (L.31) hvor T er et eller annet tidsintervall. Hvis vi ser på den analytiske løsningen ser vi at vi kan bare få et periodisk bevegelse hvis cos(ω 0 t) = cos(ω 0 (t + T )) samtidig som (L.32) cos(ω D t) = cos(ω D (t + T )) (L.33) og dermed må begge ω 0 T og ω D T være lik en heltallig multiplum av 2π ω 0 T = N2π (L.34) ω D T = M2π med N, M I. (L.35) Ser vi på forholdet finner vi en annen måte å uttrykke periodisitetsbetingelsen på ω 0 ω D = N M. (L.36) Her ser vi med en gang at vi ikke kan få periodisk bevegelser hvis forholdet ω 0 /ω D er et reellt tal siden den kan vi ikke skriver som en brøk av to heltall. 12
13 Oppgave 5 import numpy as np import matplotlib. pyplot as plt def diffeq ( y, m, k, b, FD, omegad ): _y = np. zeros ( y. size ) _y [0] = y [1] _y [1] = - k/m*y [0] - b/m*y [1] + FD/m*np.cos ( y [2] ) _y [2] = omegad return _y def rk4 ( y, dt, m, k, b, FD, omegad ): d1 = diffeq ( y, m, k, b, FD, omegad ) yhalf1 = y + d1* dt /2. d2 = diffeq ( yhalf1, m, k, b, FD, omegad ) yhalf2 = y + d2* dt /2. d3 = diffeq ( yhalf2, m, k, b, FD, omegad ) yend = y + d3* dt d4 = diffeq ( yend, m, k, b, FD, omegad ) tm = 1./6.*( d1 + 2.* d2 + 2.* d3 + d4 ) return y + tm* dt def solveeom ( t0, tmax, dt, y0, m, k, b, FD, omegad ): N = np.int ( ( tmax - t0 )/dt ) ts = np. zeros ( N ) ts [0] = t0 sol = np. zeros ( ( N, y0. size ) ) sol [0] = y0 for t in range ( 1, N ): ts[t] = ts[t -1] + dt sol [t] = rk4 ( sol [t -1], dt, m, k, b, FD, omegad ) return ( ts, sol ) # time step dt = 1e -2 # initial position, velocity, driver phase in m, m/s, rad y0 = np. array ( [1.0, 0.0, 0.0] ) # mass in kg m = 0.5 # stiffness in N/ m k = 1. # friction constant in kg/ s b = 0.1 # oscillator frequency omega0 = np. sqrt (k/m) # driving amplitude FD = 0.7 # driving freqquency omegad = 2./( np. sqrt (5) -1.)* omega0 # solve differential equation ts, sol = solveeom ( 0, 100, dt, y0, m, k, b, FD, omegad ) 13
14 # plot in phase space plt. figure () plt. plot ( sol [:,0], sol [:,1], o, ms =2, alpha =.1, c= black ) plt. xlabel ( x [m] ) plt. ylabel ( v [m/s] ) Vi ser igjen en attraktor, men denne gangen er det ikke et punkt men en kurve, dvs. noe endimensjonal. Det er en attraktor siden vi lander på samme kurve uansett hvilke initialbetingelsene vi prøver. Det fordi vi vet at den analytiske løsningen er x(t) = A 0 e γt sin(ω 0 t + ϕ 0 ) + A 1 cos(ω D t + ϕ 1 ), (L.37) hvor det første leddet går mot 0 når t ; etter lang tid er bare det andre leddet igjen som er igjen av samme type løsning som vi hadde i Oppgave 1), bare at svingningsfrekvensen ikke er ω 0 men ω D. Og vi vet at denne typen løsning beskriver en ellipse i faserommet. 14
15 Oppgave 6 import numpy as np import matplotlib. pyplot as plt def diffeq ( y, k, b, R, g ): _y = np. zeros ( y. size ) _y [0] = y [1] _y [1] = - k/y [2]* y [0] - (b + R)/y [2]* y [1] + g _y [2] = R return _y def rk4 ( y, dt, k, b, R, g ): d1 = diffeq ( y, k, b, R, g ) yhalf1 = y + d1* dt /2. d2 = diffeq ( yhalf1, k, b, R, g ) yhalf2 = y + d2* dt /2. d3 = diffeq ( yhalf2, k, b, R, g ) yend = y + d3* dt d4 = diffeq ( yend, k, b, R, g ) tm = 1./6.*( d1 + 2.* d2 + 2.* d3 + d4 ) return y + tm* dt def solveeom ( t0, tmax, dt, y0, k, b, R, g ): N = np.int ( ( tmax - t0 )/dt ) ts = np. zeros ( N ) ts [0] = t0 sol = np. zeros ( ( N, y0. size ) ) sol [0] = y0 for t in range ( 1, N ): sol [t] = rk4 ( sol [t -1], dt, k, b, R, g ) ts[t] = ts[t -1] + dt return ( ts, sol ) # time step dt = 1e -4 # initial position, velocity, mass in m, m/s, kg y0 = np. array ( [0.001, 0.001, ] ) # stiffness in N/ m k = # friction in kg/ s b = # gravity acceleration in m/ s **2 g = 9.81 # mass loading rate R = # solve differential equation ts, sol = solveeom ( 0, 3, dt, y0, k, b, R, g ) # plot in phase space plt. figure () plt. plot ( sol [:,0], sol [:,1], o, ms =2, alpha =.1, c= black ) 15
16 plt. xlabel ( x [m] ) plt. ylabel ( v m/s ) Vi ser at dråpen først oscillerer, men at utslaget blir mindre pga dempning dvs friksjon mellom vannet og kranen. Vi ser også at svingningsfrekvensen blir mindre, pga den økende massen (ω0 2 = k/m). Når oscillasjonene er dempet bort, beveger seg dråpen som blir bare tyngere og tyngere nedover. Etter tre sekunder er dråpen 3,5 cm lang, som er lengre enn alle dråper jeg har sett i mitt liv - derfor syns jeg at beskrivelsen er ikke realistisk. 16
17 Oppgave 7 import numpy as np import matplotlib. pyplot as plt def diffeq ( y, k, b, R, g ): _y = np. zeros ( y. size ) _y [0] = y [1] _y [1] = - k/y [2]* y [0] - (b + R)/y [2]* y [1] + g _y [2] = R return _y def rk4 ( y, dt, k, b, R, g ): d1 = diffeq ( y, k, b, R, g ) yhalf1 = y + d1* dt /2. d2 = diffeq ( yhalf1, k, b, R, g ) yhalf2 = y + d2* dt /2. d3 = diffeq ( yhalf2, k, b, R, g ) yend = y + d3* dt d4 = diffeq ( yend, k, b, R, g ) tm = 1./6.*( d1 + 2.* d2 + 2.* d3 + d4 ) return y + tm* dt def solveeom ( t0, tmax, dt, y0, k, b, R, g, xc, alpha, rho ): N = np.int ( ( tmax - t0 )/dt ) ts = np. zeros ( N ) ts [0] = t0 sol = np. zeros ( ( N, y0. size ) ) sol [0] = y0 td = np. zeros ( N ) dtd = np. zeros ( N ) dcnt = 0 for t in range ( 1, N ): ts[t] = ts[t -1] + dt sol [t] = rk4 ( sol [t -1], dt, k, b, R, g ) if sol [t,0] > xc: dm = alpha * sol [t,1]* sol [t,2] if dm >= sol [t,2]: # don t set to 0 here, otherwise you will get a # division by 0 error in you integration dm = sol [t,2] - 1e -5 dx = ( 3* dm **4/( 4* np.pi*rho * sol [t,2]**3 ) ) **(1/3) sol [t,0] -= dx sol [t,2] -= dm td[ dcnt ] = ts[t] if dcnt > 0: dtd [ dcnt ] = td[ dcnt ] - td[dcnt -1] dcnt += 1 td = td [0: dcnt ] dtd = dtd [0: dcnt ] return ( ts, sol, td, dtd ) # time step 17
18 dt = 1e -4 # initial position, velocity, mass in m, m/s, kg y0 = np. array ( [0.001, 0.001, ] ) # stiffness in N/ m k = # friction in kg/ s b = # gravity acceleration in m/ s **2 g = 9.81 # threshold in m xc = # propotionality parameter in s/ m alpha = 50. # density of water in kg/ m **3 rho = # rate of mass filling in kg/ s R = # solve differential equation ts, sol, td, dtd = solveeom ( 0, 20, dt, y0, k, b, R, g, xc, alpha, rho ) # plot in phase space plt. figure () plt. plot ( sol [:,0], sol [:,1], o, ms =2, alpha =.1, c= black ) plt. xlabel ( x [m] ) plt. ylabel ( v m/s ) # plot drip times plt. figure () plt. plot ( td [1:], dtd [1:], o, ms =2, c= black ) print (np. mean ( dtd [ -20:]) ) Vi ser at systemet oppfører seg som forventet: når dråpen beveger seg forbi terskelen, faller en del av massen av og resten beveger seg oppover pga 18
19 den tilbakeforende kraften. Etter en innsvingningsfasen blir bevegelsen periodisk (helt analog til løsningen i Oppgave 5). Siden bevgelsen er periodisk er også tiden mellom to dråper konstant (etter innsvingningsfasen). Kurven som systemet legger seg på etterhvert er igjen en attraktor - selv om vi forandrer initialbetingelsene lander systemet tilbake på samme kurve (som i Oppgave 5). Det som alle tre systemer har til felles er friksjonskraften. Den dissipative kraften gjør at det finnes en attraktor i systemet som alle baner i faserommet strebe etter, uavhengig av initialbetingelsene. Her og i Oppgave 5) får vi en attraktor som er en kurve siden etterhvert kommer systemet til en tilstand hvor den påtrykte kraften kanselleres av friksjonskraften (i Oppgave 7 er masseøkningen den påtrykte kraften). Vi ser også at tiden mellom to dråper er detsamme for forskjellige initialbetingelsene. Dette er noe man kanskje kjenner igjen fra sitt eget hus eller sin egen leilighet - når kranen drypper er det vanligvis veldig periodisk - men gjennom å forandre masseøkningsraten (åpne kranen litt mer) kan man pushe systemet i kaoset. 19
20 Oppgave 8 import numpy as np import matplotlib. pyplot as plt def diffeq ( y, k, b, R, g ): _y = np. zeros ( y. size ) _y [0] = y [1] _y [1] = - k/y [2]* y [0] - (b + R)/y [2]* y [1] + g _y [2] = R return _y def rk4 ( y, dt, k, b, R, g ): d1 = diffeq ( y, k, b, R, g ) yhalf1 = y + d1* dt /2. d2 = diffeq ( yhalf1, k, b, R, g ) yhalf2 = y + d2* dt /2. d3 = diffeq ( yhalf2, k, b, R, g ) yend = y + d3* dt d4 = diffeq ( yend, k, b, R, g ) tm = 1./6.*( d1 + 2.* d2 + 2.* d3 + d4 ) return y + tm* dt def solveeom ( t0, tmax, dt, y0, k, b, R, g, xc, alpha, rho ): N = np.int ( ( tmax - t0 )/dt ) ts = np. zeros ( N ) ts [0] = t0 sol = np. zeros ( ( N, y0. size ) ) sol [0] = y0 td = np. zeros ( N ) dtd = np. zeros ( N ) dcnt = 0 for t in range ( 1, N ): ts[t] = ts[t -1] + dt sol [t] = rk4 ( sol [t -1], dt, k, b, R, g ) if sol [t,0] > xc: _dx = xc - sol [t -1,0] _dt = _dx / sol [t -1,1] ts[t] = ts[t -1] + _dt sol [t] = rk4 ( sol [t -1], _dt, k, b, R, g ) dm = alpha * sol [t,1]* sol [t,2] if dm >= sol [t,2]: # don t set to 0 here, otherwise you will get a # division by 0 error in you integration dm = sol [t,2] - 1e -5 dx = ( 3* dm **4/( 4* np.pi*rho * sol [t,2]**3 ) ) **(1/3) sol [t,0] -= dx sol [t,2] -= dm td[ dcnt ] = ts[t] if dcnt > 0: dtd [ dcnt ] = td[ dcnt ] - td[dcnt -1] dcnt += 1 td = td [0: dcnt ] 20
21 dtd = dtd [0: dcnt ] return ( ts, sol, td, dtd ) # time step dt = 1e -4 # initial position, velocity, mass in m, m/s, kg y0 = np. array ( [0.0, 0.001, ] ) # stiffness in N/ m k = # friction in kg/ s b = # gravity acceleration in m/ s **2 g = 9.81 # threshold in m xc = # propotionality parameter in s/ m alpha = 50. # density of water in kg/ m **3 rho = # number of mass filling rates nr = 1001 # number of drip times nd = 60 # rates of mass filling in kg/ s Rs = np. arange (nr)/(nr -1.) * dtds = np. zeros ( ( nr, nd ) ) for i in range (nr): print (Rs[i]) ts, sol, td, dtd = solveeom ( 0, 20, dt, y0, k, b, Rs[i], g, xc, alpha, rho ) dtds [i,:] = dtd [-nd -1: -1] plt. figure () for i in range (nd): plt. scatter ( Rs *1e3, dtds [:,i], s=1, alpha =.4, c= black ) plt. xlim ((0.625,0.642) ) plt. ylim ((.124,0.131) ) plt. xlabel ( R [g/s] ) plt. ylabel ( period [s] ) 21
22 For Φ = kg/s ser vi ikke kun en dråpetid men plutselig to. Det heter bifurcation eller period doubling. Det er et tegn at systemet beveger seg mot kaos. Avstanden mellom bifurkasjoner blir eksponentiell mindre og forholdet av avstandene mellom bifurcasjonspunkter a n, a n 1, og a n 2 er gitt av den første Feigenbaum konstante a n 1 a n 2 δ = lim (L.38) n a n a n 1 Siden avstaden mellom bifurkasjoner blir mindre of mindre blir det veldig fort veldig mange perioder, till at systemet er fullstendig uperiodisk, eller kaotisk. Fra figuren ser vi at etter en periode av kaos går systemet abrupt tilbake til kun en periode, dvs et ikke-kaotisk system. 22
23 Oppgave 9 23
Fra harmoni til kaos
Fra harmoni til kaos Prosjektoppgave FYS2130 Vår 2018 Innleveringsfrist: Mandag, 07/05-2018, 09:00 CEST L. B. N. Clausen Om prosjektet og rapporten Vi ønsker at arbeidet med prosjektoppgaven gir deg økt
DetaljerTFY4160 Bølgefysikk/FY1002 Generell Fysikk II 1. Løsning Øving 2. m d2 x. k = mω0 2 = m. k = dt 2 + bdx + kx = 0 (7)
TFY4160 Bølgefysikk/FY100 Generell Fysikk II 1 Løsning Øving Løsning oppgave 1 Ligning 1) i oppgaveteksten er i dette tilfellet: Vi setter inn: i lign. 1) og får: m d x + kx = 0 1) dt x = A cosω 0 t +
DetaljerFYSMEK1110 Oblig 5 Midtveis Hjemmeeksamen Sindre Rannem Bilden
Oblig 5 Midtveis Hjemmeeksamen a) Om man tenker seg en trekant med side d, y og l. Vil l uttrykkes gjennom Pytagoras setning som l = y 2 + d 2. b) c) Fjærkraft er definert ved F = ± k l der l = l - l 0
DetaljerObligatorisk oppgave nr 3 FYS Lars Kristian Henriksen UiO
Obligatorisk oppgave nr 3 FYS-13 Lars Kristian Henriksen UiO 11. februar 15 Diskusjonsoppgaver 1 Fjerde ordens Runge-Kutta fungerer ofte bedre enn Euler fordi den tar for seg flere punkter og stigningstall
DetaljerLøsningsforslag til øving 1
1 FY100/TFY4160 Bølgefysikk. Institutt for fysikk, NTNU. Høsten 01. Løsningsforslag til øving 1 Oppgave 1 a) Vi antar at Hookes lov, F = kx, gjelder for fjæra. Newtons andre lov gir da eller kx = m d x
DetaljerMandag F d = b v. 0 x (likevekt)
Institutt for fysikk, NTNU TFY46/FY: Bølgefysikk Høsten 6, uke 35 Mandag 8.8.6 Dempet harmonisk svingning [FGT 3.7; YF 3.7; TM 4.4; AF.3; LL 9.7,9.8] I praksis dempes frie svingninger pga friksjon, f.eks.
DetaljerFjæra i a) kobles sammen med massen m = 100 [kg] og et dempeledd med dempningskoeffisient b til en harmonisk oscillator.
Oppgave 1 a) Ei ideell fjær har fjærkonstant k = 2.60 10 3 [N/m]. Finn hvilken kraft en må bruke for å trykke sammen denne fjæra 0.15 [m]. Fjæra i a) kobles sammen med massen m = 100 [kg] og et dempeledd
DetaljerKompleks eksponentialform. Eulers inverse formler. Eulers formel. Polar til kartesisk. Kartesisk til polar. Det komplekse signalet
Komplekse tall Vi definerer det komplekse tallet z C. Komplekse eksponentialer og fasorer Det komplekse planet Kartesisk og polar form Komplekse eksponentiale signaler Roterende fasor Addisjon av fasorer
DetaljerKap. 14 Mekaniske svingninger. 14. Mekaniske svingninger. Vi skal se på: Udempet harmonisk svingning. kap
kap14 1.11.1 Kap. 14 Mekaniske svingninger Mye svingning i dagliglivet: Pendler Musikkinstrument Elektriske og magnetiske svingninger Klokker Termiske vibrasjoner (= temperatur) Måner og planeter Historien
DetaljerPendler, differensialligninger og resonansfenomen
Pendler, differensialligninger og resonansfenomen Hensikt Oppsettet pa bildet kan brukes til a illustrere ulike fenomen som opptrer i drevede svingesystemer, slik som for eksempel resonans. Labteksten
DetaljerTermodynamikk og statistisk fysikk Oblig 7
FYS2160 Termodynamikk og statistisk fysikk Oblig 7 Sindre Rannem Bilden 4. november 2015 Oppgave 0.11 - Fase likevekt i en van der Waals system a) is at trykket, p(n,, T ), til van der Waals gassen er
DetaljerUNIVERSITETET I OSLO
Side 1 UNIVERSITETET I OSLO Det matematisk-naturvitenskapelige fakultet Eksamen i: FYS-MEK 1110 Eksamensdag: 16 mars 2016 Tid for eksamen: 15:00 18:00 (3 timer) Oppgavesettet er på 4 sider Vedlegg: Formelark
DetaljerLøsning, gruppeoppgave om corioliskraft og karusell, oppgave 7 uke 15 i FYS-MEK/F 1110 våren 2005
1 Løsning, gruppeoppgave om corioliskraft og karusell, oppgave 7 uke 15 i FYS-MEK/F 1110 våren 2005 Oppgaven lød: To barn står diamentralt i forhold til hverandre ved ytterkanten på en karusell med diameter
DetaljerFY2045/TFY4250 Kvantemekanikk I, løsning øving 13 1 LØSNING ØVING 13. V (x, t) = xf (t) = xf 0 e t2 /τ 2.
FY045/TFY450 Kvantemekanikk I, løsning øving 13 1 Løsning Oppgave 13 1 LØSNING ØVING 13 Transient perturbasjon av harmonisk oscillator a. Med kraften F (t) = qe(t) = F 0 exp( t /τ ) og sammenhengen F (t)
DetaljerProsjektoppgave FYS2130. Vår Innleveringsfrist: 09/ , 20 CEST
Prosjektoppgave FYS2130 Vår 2017 Innleveringsfrist: 09/05-2017, 20 CEST L. B. N. Clausen Om prosjektet og rapporten Vi ønsker at arbeidet med prosjektoppgaven gir deg økt forståelse og innsikt i et fenomen
DetaljerLØSNINGSFORSLAG TIL EKSAMEN I TFY4160 BØLGEFYSIKK Mandag 3. desember 2007 kl
NORGES TEKNISK- NATURVITENSKAPELIGE UNIVERSITET INSTITUTT FOR FYSIKK Faglig kontakt under eksamen: Jon Andreas Støvneng Telefon: 7 59 6 6 / 45 45 55 LØSNINGSFORSLAG TIL EKSAMEN I TFY4160 BØLGEFYSIKK Mandag.
DetaljerLab 8 Resonanskretser, serie og parallell. Båndbredde (B W ) og Q-faktor.
Universitetet i Oslo FYS20 Elektronikk med prosjektoppgave Lab 8 Resonanskretser, serie og parallell. Båndbredde ( ) og Q-faktor. Sindre Rannem Bilden. mai 206 Labdag: Tirsdag Labgruppe: 3 Oppgave : Serieresonans
DetaljerTMA4110 Matematikk 3 Haust 2011
Noregs teknisk naturvitskaplege universitet Institutt for matematiske fag TMA4110 Matematikk 3 Haust 2011 Løysingsforslag Øving 2 Oppgåver frå læreboka, s. xliv-xlv 9 Me finn først fjørkonstanten k. Når
DetaljerUNIVERSITETET I OSLO
UNIVERSITETET I OSLO Det matematisk-naturvitenskapelige fakultet Eksamen i: FYS-MEK 1110 Eksamensdag: 6 juni 2017 Tid for eksamen: 14:30 18:30 (4 timer) Oppgavesettet er på 4 sider Vedlegg: Formelark Tillatte
DetaljerKeplers lover. Statikk og likevekt
Keplers lover Statikk og likevekt 30.04.018 FYS-MEK 1110 30.04.018 1 Ekvivalensprinsippet gravitasjonskraft: gravitasjonell masse m m F G G r m G 1 F g G FG R Gm J J Newtons andre lov: inertialmasse m
DetaljerForelesning, TMA4110 Torsdag 11/9
Forelesning, TMA4110 Torsdag 11/9 Martin Wanvik, IMF Martin.Wanvik@math.ntnu.no (K 2.8) Tvungne svingninger. Resonans. Ser på masse-fjær system påvirket av periodisk ytre kraft: my + cy + ky = F 0 cos
DetaljerFYS-MEK1110 Oblig 2 [Type text] [Type text]
a) b) F = a a z = B + G B + G = a B g = = B g a z = B g c) v(t) v(0)= a z dt = B gdt v(t) = ( b g) t + v 0 z(t) z(0) = v(t)dt = ( B g) t + v 0 dt z(t) = 1 2 (B g) t2 + v 0 t + z 0 1 d) a z = F z = B +
DetaljerØving 2. a) I forelesningene har vi sett at det mekaniske svingesystemet i figur A ovenfor, med F(t) = F 0 cosωt, oppfyller bevegelsesligningen
FY1002/TFY4160 Bølgefysikk. Institutt for fysikk, NTNU. Høsten 2012. Veiledning: Mandag-Tirsdag 3-4. september. Innleveringsfrist: Mandag 10. september kl 12:00. Øving 2 A k b m F B V ~ q C q L R I a)
DetaljerLøsningsforslag til ukeoppgave 4
Oppgaver FYS1001 Vår 2018 1 Løsningsforslag til ukeoppgave 4 Oppgave 4.03 W = F s cos(α) gir W = 1, 2 kj b) Det er ingen bevegelse i retning nedover, derfor gjør ikke tyngdekraften noe arbeid. Oppgave
DetaljerUNIVERSITETET I OSLO
Side 1 av 4 UNIVERSITETET I OSLO Det matematisk-naturvitenskapelige fakultet Eksamen i: FYS-MEK1110 Eksamensdag: Onsdag 6. juni 2012 Tid for eksamen: Kl. 0900-1300 Oppgavesettet er på 4 sider + formelark
DetaljerEKSAMEN I SIF4018 MATEMATISK FYSIKK mandag 28. mai 2001 kl
Side 1 av 4 NORGES TEKNISK-NATURVITENSKAPEIGE UNIVERSITET Institutt for fysikk og Institutt for matematiske fag Faglig kontakt under eksamen: Professor Per Hemmer, tel. 73 59 36 48 Professor Helge Holden,
DetaljerPunktladningen Q ligger i punktet (3, 0) [mm] og punktladningen Q ligger i punktet ( 3, 0) [mm].
Oppgave 1 Finn løsningen til følgende 1.ordens differensialligninger: a) y = x e y, y(0) = 0 b) dy dt + a y = b, a og b er konstanter. Oppgave 2 Punktladningen Q ligger i punktet (3, 0) [mm] og punktladningen
DetaljerNewtons lover i én dimensjon
Newtons lover i én dimensjon 3.01.018 snuble-gruppe i dag, kl.16:15-18:00, Origo FYS-MEK 1110 3.01.018 1 Hva er kraft? Vi har en intuitivt idé om hva kraft er. Vi kan kvantifisere en kraft med elongasjon
DetaljerUNIVERSITETET I OSLO
Side av 5 UNIVERSITETET I OSLO Det matematisk-naturvitenskapelige fakultet Eksamen i: FYS-MEK Eksamensdag: Onsdag. juni 2 Tid for eksamen: Kl. 9-3 Oppgavesettet er på 5 sider + formelark Tillatte hjelpemidler:
DetaljerLØSNINGSFORSLAG TIL EKSAMEN I FY1002 BØLGEFYSIKK Mandag 10. desember 2007 kl
NORGES TEKNISK- NATURVITENSKAPELIGE UNIVERSITET INSTITUTT FOR FYSIKK Faglig kontakt under eksamen: Jon Andreas Støvneng Telefon: 73 59 36 63 / 45 45 55 33 LØSNINGSFORSLAG TIL EKSAMEN I FY1002 BØLGEFYSIKK
DetaljerDenne ligninga beskriver en udempet harmonisk oscillator. Torsjons-svingning. En stav er festet midt på en tråd som er festet i begge ender.
Side av 6 Periodiske svingninger (udempede) Masse og fjær, med fjærkonstant k. Massen glir på friksjonsfritt underlag. Newtons. lov gir: mx kx dvs. x + x 0 hvor ω0 k m som gir løsning: xt () C cos t +
DetaljerFYS2130 forelesning 1. februar 2013 Noen kommentarer til kapittel 3: Numeriske løsningsmetoder
FYS2130 forelesning 1. februar 2013 Noen kommentarer til kapittel 3: Numeriske løsningsmetoder Numerisk løsning av annen ordens differensialligning: 1. Kan skrive differensialligningen som en sum av to
DetaljerLøsningsforslag til midtveiseksamen i FYS1000, 17/3 2016
Løsningsforslag til midtveiseksamen i FYS1000, 17/3 2016 Oppgave 1 Vi har v 0 =8,0 m/s, v = 0 og s = 11 m. Da blir a = v2 v 0 2 2s = 2, 9 m/s 2 Oppgave 2 Vi har v 0 = 5,0 m/s, v = 16 m/s, h = 37 m og m
DetaljerUNIVERSITETET I OSLO
Side 1 av 4 UNIVERSITETET I OSLO Det matematisk-naturvitenskapelige fakultet Eksamen i: FYS-MEK111 Eksamensdag: Mandag 22. mars 21 Tid for eksamen: Kl. 15-18 Oppgavesettet er på 4 sider + formelark Tillatte
DetaljerNewtons lover i én dimensjon (2)
Newtons lover i én dimensjon () 7.1.14 oblig #1: prosjekt 5. i boken innlevering: mandag, 3.feb. kl.14 papir: boks på ekspedisjonskontoret elektronisk: Fronter data verksted: onsdag 1 14 fredag 1 16 FYS-MEK
DetaljerObligatorisk oppgave nr 1 FYS Lars Kristian Henriksen UiO
Obligatorisk oppgave nr 1 FYS-2130 Lars Kristian Henriksen UiO 28. januar 2015 2 For at en kraft skal danne grunnlaget for svingninger, må det virke en kraft som til en hver tid virker inn mot likevektspunktet.
DetaljerUNIVERSITETET I OSLO
Side 1 UNIVERSITETET I OSLO Det matematisk-naturvitenskapelige fakultet Eksamen i: FYS-MEK 1110 Eksamensdag: 16 mars 2016 Tid for eksamen: 15:00 18:00 (3 timer) Oppgavesettet er på 4 sider Vedlegg: Formelark
DetaljerMandag 21.08.06. Mange senere emner i studiet bygger på kunnskap i bølgefysikk. Eksempler: Optikk, Kvantefysikk, Faststoff-fysikk etc. etc.
Institutt for fysikk, NTNU TFY46/FY2: Bølgefysikk Høsten 26, uke 34 Mandag 2.8.6 Hvorfor bølgefysikk? Man støter på bølgefenoener overalt. Eksepler: overflatebølger på vann akustiske bølger (f.eks. lyd)
DetaljerProsjektoppgave i FYS-MEK 1110
Prosjektoppgave i FYS-MEK 1110 03.05.2005 Kari Alterskjær Gruppe 1 Prosjektoppgave i FYS-MEK 1110 våren 2005 Hensikten med prosjektoppgaven er å studere Jordas bevegelse rundt sola og beregne bevegelsen
DetaljerFYS-MEK1110 Oblig Ingrid Marie Bergh Bakke, Heine H. Ness og Sindre Rannem Bilden
a) Figur 1 b) F = m a a = F m a(t) = 5 m/s 2 400 N = = 5 80 kg m/s2 a(t)dt = v(t) = 5t + v 0 v(t) = 5t + v 0 v(t)dt = x(t) = 1 2 5t2 + v 0 t + x 0 Antar at løperen starter i punktet null med hastigheten
DetaljerKinematikk i to og tre dimensjoner
Kinematikk i to og tre dimensjoner 2.2.217 Innleveringsfrist oblig 1: Mandag, 6.eb. kl.14 Innlevering kun via: https://devilry.ifi.uio.no/ Mulig å levere som gruppe (i Devilry, N 3) Bruk gjerne Piazza
DetaljerKinematikk i to og tre dimensjoner
Kinematikk i to og tre dimensjoner 4.2.216 Innleveringsfrist oblig 1: Tirsdag, 9.eb. kl.18 Innlevering kun via: https://devilry.ifi.uio.no/ Devilry åpnes snart. YS-MEK 111 4.2.216 1 v [m/s] [m] Eksempel:
DetaljerLab 2 Praktiske målinger med oscilloskop og signalgenerator
Universitetet i Oslo FYS1210 Elektronikk med prosjektoppgave Lab 2 Praktiske målinger med oscilloskop og signalgenerator 17. februar 2016 Labdag: Tirsdag Labgruppe: 3 Oppgave 1: Knekkfrekvens Et enkelt
DetaljerNewtons lover i én dimensjon (2)
Newtons lover i én dimensjon () 1..16 YS-MEK 111 1..16 1 Identifikasjon av kreftene: 1. Del problemet inn i system og omgivelser.. Tegn figur av objektet og alt som berører det. 3. Tegn en lukket kurve
DetaljerFYSMEK1110 Eksamensverksted 31. Mai 2017 (basert på eksamen 2004, 2013, 2014, 2015,)
YSMEK1110 Eksamensverksted 31. Mai 2017 (basert på eksamen 2004, 2013, 2014, 2015,) Oppgave 1 (2014), 10 poeng To koordinatsystemer og er orientert slik at tilsvarende akser peker i samme retning. System
DetaljerUNIVERSITETET I OSLO
vx [m/s] vy [m/s] Side UNIVERSITETET I OSLO Det matematisk-naturvitenskapelige fakultet Eksamen i: FYS-MEK Eksamensdag: 3 mars 8 Tid for eksamen: 9: : (3 timer) Oppgavesettet er på 3 sider Vedlegg: Formelark
DetaljerNewtons lover i én dimensjon (2)
Newtons lover i én dimensjon () 3.1.17 Innlevering av oblig 1: neste mandag, kl.14 Devilry åpner snart. Diskusjoner på Piazza: https://piazza.com/uio.no/spring17/fysmek111/home Gruble-gruppe i dag etter
DetaljerTFY4106 Fysikk. Institutt for fysikk, NTNU. Test 2.
TFY4106 Fysikk. Institutt for fysikk, NTNU. Test 2. Oppgave 1 Nettokraften pa en sokk som sentrifugeres ved konstant vinkelhastighet pa vasketrommelen er A null B rettet radielt utover C rettet radielt
DetaljerKrefter, Newtons lover, dreiemoment
Krefter, Newtons lover, dreiemoment Tor Nordam 13. september 2007 Krefter er vektorer En ting som beveger seg har en hastighet. Hastighet er en vektor, som vi vanligvis skriver v. Hastighetsvektoren har
DetaljerUNIVERSITETET I OSLO
Side 1 UNIVERSITETET I OSO Det matematisk-naturvitenskapelige fakultet Eksamen i: FYS-MEK 1110 Eksamensdag: mars 017 Tid for eksamen: 14:30 17:30 (3 timer) Oppgavesettet er på 4 sider Vedlegg: Formelark
DetaljerImpuls, bevegelsesmengde, energi. Bevaringslover.
Impuls, bevegelsesmengde, energi. Bevaringslover. Kathrin Flisnes 19. september 2007 Bevegelsesmengde ( massefart ) Når et legeme har masse og hastighet, viser det seg fornuftig å definere legemets bevegelsesmengde
DetaljerBachelor i idrettsvitenskap med spesialisering i idrettsbiologi 2014/2016. Utsatt individuell skriftlig eksamen. IBI 240- Basal biomekanikk
Bachelor i idrettsvitenskap med spesialisering i idrettsbiologi 14/16 Utsatt individuell skriftlig eksamen i IBI 4- Basal biomekanikk Torsdag 6. februar 15 kl. 1.-13. Hjelpemidler: kalkulator formelsamling
DetaljerLøsningsforslag Eksamen i Fys-mek1110 våren 2008
Side 1 av 11 Løsningsforslag Eksamen i ys-mek111 våren 8 Oppgave 1 Vi skal i denne oppgaven studere bevegelsen til en (fugle-)fjær i en tornado. Vi begynner med å finne ut hvordan vi kan modellere fjæras
DetaljerMA1102 Grunnkurs i analyse II Vår 2019
Norges teknisk naturvitenskapelige universitet Institutt for matematiske fag MA1102 Grunnkurs i analyse II Vår 2019 10.2.27 a) Vi skal vise at u + v 2 = u 2 + 2u v + v 2. (1) Som boka nevner på side 581,
DetaljerKap. 6+7 Arbeid og energi. Energibevaring.
Kap. 6+7 Arbeid og energi. Energibevaring. Definisjon arbeid, W Kinetisk energi, E k Potensiell energi, E p. Konservative krefter Energibevaring Energibevaring når friksjon. F F x Arbeid = areal under
DetaljerArbeid og energi. Energibevaring.
Arbeid og energi. Energibevaring. Arbeid = dw = F ds Kinetisk energi E k = ½ m v 2 Effekt = arbeid/tid = P = dw /dt Arbeid på legeme øker E k : Potensiell energi E p (x,y,z) dw = de k (Tyngdefelt: E p
DetaljerOppgaver og fasit til seksjon
1 Oppgaver og fasit til seksjon 3.1-3.3 Oppgaver til seksjon 3.1 1. Regn ut a b når a) a = ( 1, 3, 2) b = ( 2, 1, 7) b) a = (4, 3, 1) b = ( 6, 1, 0) 2. Finn arealet til parallellogrammet utspent av a =
DetaljerReg tek final exam formelsamling
Reg tek final exam formelsamling Andreas Klausen 6. september 202 Brukes som vanlig på eget ansvar :) Innhold Bode plot stuff 3. Kryssfrekvens........................................... 3.2 Fasemargin............................................
DetaljerEKSAMEN I FY1001 og TFY4145 MEKANISK FYSIKK
TFY4145/FY1001 18. des. 2012 Side 1 av 8 NORGES TEKNISK-NATURVITENSKAPELIGE UNIVERSITET INSTITUTT FOR FYSIKK Kontakt under eksamen: Jon Andreas Støvneng, telefon: 45 45 55 33 / 73 59 36 63 EKSAMEN I FY1001
DetaljerKap. 6+7 Arbeid og energi. Energibevaring.
TFY4145/FY11 Mekanisk fysikk Størrelser og enheter (Kap 1) Kinematikk i en, to og tre dimensjoner (Kap. +3) Posisjon, hastighet, akselerasjon. Sirkelbevegelse. Dynamikk (krefter): Newtons lover (Kap. 4)
DetaljerFYSMEK1110 Eksamensverksted 23. Mai :15-18:00 Oppgave 1 (maks. 45 minutt)
FYSMEK1110 Eksamensverksted 23. Mai 2018 14:15-18:00 Oppgave 1 (maks. 45 minutt) Page 1 of 9 Svar, eksempler, diskusjon og gode råd fra studenter (30 min) Hva får dere poeng for? Gode råd fra forelesere
DetaljerFY0001 Brukerkurs i fysikk
NTNU Institutt for Fysikk Løsningsforslag til øving FY0001 Brukerkurs i fysikk Oppgave 1 a Det er fire krefter som virker på lokomotivet. Først har vi tyngdekraften, som virker nedover, og som er på F
DetaljerTFY4106 Fysikk. Institutt for fysikk, NTNU. Test 3.
TFY4106 Fysikk. Institutt for fysikk, NTNU. Test 3. Oppgave 1 En takstein med masse 1.0 kg faller ned fra et 10 m yt us. Hvor stort arbeid ar tyngdekraften gjort pa taksteinen nar den treer bakken? A 9.8
DetaljerFYS1120 Elektromagnetisme, Ukesoppgavesett 1
FYS1120 Elektromagnetisme, Ukesoppgavesett 1 22. august 2016 I FYS1120-undervisningen legg vi mer vekt på matematikk og numeriske metoder enn det oppgavene i læreboka gjør. Det gjelder også oppgavene som
DetaljerTFY4115: Løsningsforslag til oppgaver gitt
Institutt for fysikk, NTNU. Høsten. TFY45: Løsningsforslag til oppgaver gitt 6.8.9. OPPGAVER 6.8. Vi skal estemme Taylorrekkene til noen kjente funksjoner: a c d sin x sin + x cos x sin 3 x3 cos +... x
DetaljerNewtons lover i én dimensjon
Newtons lover i én dimensjon 6.01.017 YS-MEK 1110 6.01.017 1 Hva er kraft? Vi har en intuitivt idé om hva kraft er. Vi kan kvantifisere en kraft med elongasjon av en fjær. YS-MEK 1110 6.01.017 Bok på bordet
DetaljerTMA4110 Matematikk 3 Høst 2010
Norges teknisk naturvitenskapelige universitet Institutt for matematiske fag TMA4110 Matematikk 3 Høst 010 Løsningsforslag Øving 4 Fra Kreyszig (9. utgave) avsnitt.7 3 Vi skal løse ligningen (1) y 16y
DetaljerLØSNINGSFORSLAG TIL EKSAMEN I TEP4145 KLASSISK MEKANIKK Mandag 21. mai 2007 kl Løsningsforslaget er på i alt 9 sider.
NORGES TEKNISK- NATURVITENSKAPELIGE UNIVERSITET INSTITUTT FOR ENERGI- OG PROSESSTEKNIKK Kontakt under eksamen: Jon Andreas Støvneng Telefon: 73 59 36 63 / 45 45 55 33 LØSNINGSFORSLAG TIL EKSAMEN I TEP4145
DetaljerSG: Spinn og fiktive krefter. Oppgaver
FYS-MEK1110 SG: Spinn og fiktive krefter 04.05.017 Oppgaver 1 GYROSKOP Du studerer bevegelsen til et gyroskop i auditoriet på Blindern og du måler at presesjonsbevegelsen har en vinkelhastighet på ω =
DetaljerLøsningsforslag. Midtveiseksamen i Fys-Mek1110 våren 2008
Side av Løsningsforslag idtveiseksaen i Fys-ek våren 8 Oppgave a) En roer sitter i en båt på vannet og ror ed konstant fart. Tegn et frilegeediagra for roeren, og navngi alle kreftene. Suen av kreftene
Detaljera) Hva var satellittens gjennomsnittlige fart? Gi svaret i m/s. Begrunn svaret.
Sensurveiledning Emnekode: LGU51007 Semester: HØST År: 2015 Emnenavn: Naturfag 1 emne 1 Eksamenstype: Ordinær deleksamen 7. desember 2015 3 timer skriftlig eksamen Oppgaveteksten: Oppgave A. (15 av 120
DetaljerGenerell informasjon om faget er tilgjengelig fra It s learning.
Stavanger,. oktober 3 Det teknisknaturvitenskapelige fakultet ELE5 Signalbehandling, 3. Generell informasjon om faget er tilgjengelig fra It s learning. Innhold 4. Frekvensrespons for system.....................
DetaljerEKSAMENSOPPGAVE. Adm.bygget, rom B154 2 ark med egne notater (4 sider) Godkjent kalkulator Rottman. Matematisk formelsamling
Fakultet for naturvitenskap og teknologi EKSAMENSOPPGAVE Eksamen i: Dato: 5.12.2018 FYS-1001 Mekanikk Klokkeslett: 09:00-13:00 Sted: Tillatte hjelpemidler: Adm.bygget, rom B154 2 ark med egne notater (4
DetaljerTFY4104 Fysikk. Institutt for fysikk, NTNU. Høsten Obligatorisk numerikkøving. Innleveringsfrist: Søndag 13. november kl
TFY4104 Fysikk. Institutt for fysikk, NTNU. Høsten 2016. Obligatorisk numerikkøving. Innleveringsfrist: Søndag 13. november kl 23.9. Volleyball på kvartsirkel Kvalitativ beskrivelse φ f r+r N Mg R Vi er
DetaljerLøsningsforslag til eksamen i TFY4170 Fysikk 2 Fysikk 2 Lørdag 8. august 2005
NTNU Side 1 av 5 Institutt for fysikk Fakultet for naturvitenskap og teknologi Løsningsforslag til eksamen i TFY4170 Fysikk Fysikk Lørdag 8. august 005 Merk: Hver del-oppgave teller like mye. Dette løsningsforslaget
DetaljerLøsningsforslag til øving 4
1 FY100/TFY4160 Bølgefysikk. Institutt for fysikk, NTNU. Høsten 01. Løsningsforslag til øving 4 Oppgave 1 a) D = D 0 [ cos (kx ωt) + sin (kx ωt) ] 1/ = D 0 for alle x og t. Med andre ord, vi har overalt
DetaljerRF3100 Matematikk og fysikk Regneoppgaver 7 Løsningsforslag.
RF3100 Matematikk og fysikk Regneoppgaver 7 Løsningsforslag. NITH 11. oktober 013 Oppgave 1 Skissér kraftutvekslingen i følgende situasjoner: En mann som dytter en bil: (b) En traktor som trekker en kjerre
DetaljerFysikkolympiaden 1. runde 27. oktober 7. november 2008
Norsk Fysikklærerforening i samarbeid med Skolelaboratoriet Universitetet i Oslo Fysikkolympiaden 1. runde 27. oktober 7. november 2008 Hjelpemidler: Tabell og formelsamlinger i fysikk og matematikk Lommeregner
DetaljerUNIVERSITETET I OSLO
Side 1 UNIVERSITETET I OSLO Det matematisk-naturvitenskapelige fakultet Eksamen i: FYS210 Svingninger og bølger Eksamensdag: 27. mai 2019 Tid for eksamen: 14:0 18:0 Oppgavesettet er på sider. Vedlegg:
DetaljerA) 1 B) 2 C) 3 D) 4 E) 5
Side 2 av 5 Oppgave 1 Hvilket av de følgende fritt-legeme diagrammene representerer bilen som kjører nedover uten å akselerere? Oppgave 2 A) 1 B) 2 C) 3 D) 4 E) 5 En lampe med masse m er hengt opp fra
DetaljerOppsummert: Kap 1: Størrelser og enheter
Oppsummert: Kap 1: Størrelser og enheter s = 3,0 m s = fysisk størrelse 3,0 = måltall = {s} m = enhet = dimensjon = [s] OBS: Fysisk størrelse i kursiv (italic), enhet opprettet (roman) (I skikkelig teknisk
DetaljerRepetisjon
Repetisjon 18.05.017 Eksamensverksted: Mandag, 9.5., kl. 1 16, Origo Onsdag, 31.5., kl. 1 16, Origo FYS-MEK 1110 18.05.017 1 Lorentz transformasjon ( ut) y z y z u t c t 1 u 1 c transformasjon tilbake:
DetaljerKap. 14 Mekaniske svingninger. 14. Mekaniske svingninger
Kap. 14 8.1.215 Kap. 14 Mekaniske svingninger Mye svingning i dagliglivet: Pendler Musikkinstrument Elektriske og magnetiske svingninger Klokker Termiske vibrasjoner (= temperatur) Måner og planeter Historien
DetaljerFYS2130. Tillegg til kapittel 13. Harmonisk oscillator. Løsning med komplekse tall
FYS130. Tillegg til kapittel 13 Haronisk oscillator. Løsning ed koplekse tall Differensialligningen for en udepet haronisk oscillator er && x+ ω x = 0 (1) so er en hoogen lineær differensialligning av.
DetaljerNewtons lover i én dimensjon
Newtons lover i én dimensjon.01.014 Interessert å være studentrepresentant for YS-MEK kurset? ta kontakt med meg. YS-MEK 1110.01.014 1 Bok på bordet Gravitasjon virker på boken om den ligger på bordet
DetaljerUNIVERSITETET I OSLO
UNIVERSITETET I OSLO Det matematisk-naturvitenskapelige fakultet Eksamen i: FYS-MEK 0 Eksamensdag: 3 juni 205 Tid for eksamen: 4:30 8:30 (4 timer) Oppgavesettet er på 5 sider Vedlegg: Formelark Tillatte
DetaljerMA0002 Brukerkurs i matematikk B Vår 2014
Norges teknisk naturvitenskapelige universitet Institutt for matematiske fag MA000 Brukerkurs i matematikk B Vår 014 Løsningsforslag Eksamen august Løsning: Oppgave 1 1 0 3 A 7, 3 4 1 x 10 A y 3 z På grunn
Detaljer9 + 4 (kan bli endringer)
Innlevering DAFE ELFE Matematikk HIOA Obligatorisk innlevering 4 Innleveringsfrist Onsdag 29. april 25 Antall oppgaver: 9 + 4 (kan bli endringer) Finn de ubestemte integralene a) 2x 3 4/x dx b) c) 2 5
DetaljerUNIVERSITETET I OSLO
UNIVERSITETET I OSLO Side 1 Det matematisk-naturvitenskapelige fakultet Eksamen i: FYS-MEK 1110 Eksamensdag: Onsdag, 5. juni 2013 Tid for eksamen: kl. 9:00 13:00 Oppgavesettet er på 3 sider Vedlegg: formelark
DetaljerUNIVERSITETET I OSLO Det matematisk-naturvitenskapelige fakultet
UNIVERSITETET I OSLO Det matematisk-naturvitenskapelige fakultet Eksamen i: FY 5 - Svingninger og bølger Eksamensdag: 5. januar 4 Tid for eksamen: Kl. 9-5 Tillatte hjelpemidler: Øgrim og Lian: Størrelser
DetaljerEKSAMEN I FY1001 og TFY4145 MEKANISK FYSIKK
TFY4145/FY1001 18. des. 2012 Side 1 av 8 NORGES TEKNISK-NATURVITENSKAPELIGE UNIVERSITET INSTITUTT FOR FYSIKK Kontakt under eksamen: Jon Andreas Støvneng, telefon: 45 45 55 33 / 73 59 36 63 EKSAMEN I FY1001
DetaljerMatematikk 1 (TMA4100)
Matematikk 1 (TMA4100) Forelesning 7: Derivasjon (fortsettelse) Eirik Hoel Høiseth Stipendiat IMF NTNU 23. august, 2012 Den deriverte som momentan endringsrate Den deriverte som momentan endringsrate Repetisjon
DetaljerØving 4. a) Verifiser at en transversal bølge som forplanter seg langs x-aksen med utsving D med komponentene
FY100/TFY4160 Bølgefysikk. Institutt for fysikk, NTNU. Høsten 010. Veiledning: Tirsdag 1. og onsdag. september. Innleveringsfrist: Mandag 7. september kl 1:00. Øving 4 Oppgave 1 a) Verifiser at en transversal
DetaljerTFY4106 Fysikk. Institutt for fysikk, NTNU. Test 6.
TFY4106 Fysikk. Institutt for fysikk, NTNU. Test 6. Oppgave 1 Figuren viser re like staver som utsettes for samme ytre kraft F, men med ulike angrepspunkt. Hva kan du da si om absoluttverdien A i til akselerasjonen
DetaljerEKSAMEN I SIF4048 KJEMISK FYSIKK OG KVANTEMEKANIKK Tirsdag 13. august 2002 kl
Side 1 av 4 NORGES TEKNISK-NATURVITENSKAPELIGE UNIVERSITET Institutt for fysikk Faglig kontakt under eksamen: Margareth Nupen, tel. 73 55 96 4 Ingjald Øverbø, tel. 73 59 18 67 EKSAMEN I SIF4048 KJEMISK
DetaljerUNIVERSITETET I OSLO
UNIVERSITETET I OSLO Det matematisk-naturvitenskapelige fakultet Deleksamen i: MAT Kalkulus og lineær algebra Eksamensdag: Fredag. mars Tid for eksamen: 5. 7. Oppgavesettet er på 8 sider. Vedlegg: Tillatte
DetaljerLøsningsforslag, eksamen FY desember 2017
1 Løsninsforsla, eksamen FY1001 14. desember 017 1 3 områder av t = 4 s, a konstant i hvert omrde. 1 : a 1 = 0; v 0 = 5m/s = x 1 = v 0 t; v 1 = v 0 : a = v/ t = 1.5 m/s = x = x 1 + v 1 t + a t = v 0 t
DetaljerOblig 6 i Fys-Mek1110
Sindre Ranne Bilden, Idun Osnes & Ingrid Marie Bergh Bakke Oblig 6 i Fys-Mek1110 a) Akselerasjon Fart Siden det ikke er noen for for friksjon eller andre ikke-konservative krefter i bildet, vil forholdet
Detaljer(1 + x 2 + y 2 ) 2 = 1 x2 + y 2. (1 + x 2 + y 2 ) 2, x 2y
Norges teknisk naturvitenskapelige universitet Institutt for matematiske fag TMA45 Matematikk vår 9 Løsningsforslag til eksamen.5.9 Gitt f(, y) = + +y. a) Vi regner ut f = f y = + + y ( + + y ) = + + y
DetaljerFiktive krefter. Gravitasjon og ekvivalensprinsippet
iktive krefter Gravitasjon og ekvivalensprinsippet 09.05.016 YS-MEK 1110 09.05.016 1 Sentrifugalkraft inertialsystem S f G N friksjon mellom passasjer og sete sentripetalkraft passasjer beveger seg i en
Detaljer