Lsningsforslag ved Klara Hveberg Lsningsforslag til utvalgte oppgaver i kapittel 8 I kapittel 8 er integrasjon og integrasjonsteknikker det store tema

Like dokumenter
h) Delvis integrasjon gir ln = Ogave 9.. = ln u = ln ; v = = u = ; v = = = = ln = = = ln 4 9 = + C a) Delvis integrasjon to ganger gir e cos = e cos e

Lsningsforslag ved Klara Hveberg Lsningsforslag til utvalgte oppgaver i kapittel 7 I seksjon 7.1 og 7.2 lrer du a lse oppgaver hvor det kan lnne seg a

UNIVERSITETET I OSLO

Prøveeksamen i MAT 1100, H-03 Løsningsforslag

Eksamen i MAT1100 H14: Løsningsforslag

UNIVERSITETET I OSLO

jx + j < 7. Hvis vi i tillegg srger for at faktoren jx j < ", far vi 7 ialt jf(x) f()j = jx + jjx j < 7 " 7 = " Dette blir flgelig ofylt for alle x sl

BYFE DAFE Matematikk 1000 HIOA Obligatorisk innlevering 5 Innleveringsfrist Fredag 15. april 2016 kl 14 Antall oppgaver: 8

Kortfattet løsningsforslag til ekstra prøveeksamen i MAT1100, høsten 2014

Løsningsforslag. Oppgave 1 Gitt matrisene ] [ og C = A = 4 1 B = 2 1 3

d) Vi skal nne alle lsningene til dierensialligningen y 0 + y x = arctan x x pa intervallet (0; ). Den integrerende faktoren blir R x e dx = e ln x =

Fasit til utvalgte oppgaver MAT1100, uka 15/11-19/11

Lsningsforslag ved Klara Hveberg Lsningsforslag til utvalgte oppgaver i kapittel 6 I kapittel 6 minner oppgavene mer om de du er vant til fra skolemat

Løsningsforslag til prøveeksamen i MAT1100, H-14 DEL 1

Løsningsforslag AA6524 Matematikk 3MX Elever 7. juni eksamensoppgaver.org

MA1101 Grunnkurs Analyse I Høst 2017

Fra skolematematikken husker vi at kvadratroten til et tall a er det ositive tallet som har kvadrat lik a. Men det betyr at x2 = n x for x 0 x for x <

Løsningsforslag, eksamen MA1101/MA6101 Grunnkurs i analyse I, vår 2009

1 MAT100 Obligatorisk innlevering 1. 1 Regn ut i) iii) ii) Regn ut i) ii)

Løsningsforslag for Eksamen i MAT 100, H-03

Grunnleggende notasjon ℕ = 1, 2, 3, 4, 5, 6, ℤ =, 3, 2, 1, 0, 1, 2, 3,

MAT jan jan jan MAT Våren 2010

At z + w og zw er reelle betyr at deres imaginrdeler er lik null, det vil si at b + d 0 ad + bc 0 Den frste ligningen gir b d. Setter vi dette inn i d

TMA4100: Repetisjon før midtsemesterprøven

Oppsummering MA1101. Kristian Seip. 23. november 2017

Areal mellom kurver Volum Forelesning i Matematikk 1 TMA4100

Formelsamling Kalkulus

Løsningsforslag AA6526 Matematikk 3MX Privatister 3. mai eksamensoppgaver.org

Løsningsforslag. og B =

Oppgaver og fasit til seksjon

Obligatorisk oppgave i MAT 1100, H-03 Løsningsforslag

NTNU. TMA4100 Matematikk 1 høsten Løsningsforslag - Øving 5. Avsnitt Vi vil finne dx ( cos t dt).

Løsningsforslag AA6524 Matematikk 3MX Elever AA6526 Matematikk 3MX Privatister eksamensoppgaver.org

Oppsummering TMA4100. Kristian Seip. 26./28. november 2013

Løsningsforslag Matematikk 2MX - AA mai 2006

Løsningsforslag. f(x) = 2/x + 12x

Oppsummering TMA4100. Kristian Seip. 16./17. november 2015

TMA4100 Matematikk 1 for MTDESIG, MTIØT-PP, MTMART og MTPROD høsten 2010

MA1102 Grunnkurs i analyse II Vår 2014

Matematikk 1 Første deleksamen. Løsningsforslag

Løsningsforslag eksamen MAT111 Grunnkurs i Matematikk I høsten 2009

SIF5003 Matematikk 1, 5. desember 2001 Løsningsforslag

Løsningsforslag til utvalgte oppgaver i kapittel 10

Løsningsforslag til eksamen i MAT111 Vår 2013

Løsningsforslag. Prøve i Matematikk 1000 BYFE DAFE 1000 Dato: 29. mai 2017 Hjelpemiddel: Kalkulator og formelark. Oppgave 1 Gitt matrisene.

Løsningsforslag AA6524/AA6526 Matematikk 3MX Elever/Privatister - 7. desember eksamensoppgaver.org

Løsningsforslag AA6524 Matematikk 3MX 3. juni eksamensoppgaver.org

Løsningsforslag, eksamen MA1101/MA

Forkurs, Avdeling for Ingeniørutdanning

Løsningsforslag til Mat112 Obligatorisk Oppgave, våren Oppgave 1

arbeid - massesenter - Delvis integrasjon Forelesning i Matematikk 1 TMA4100

Løsningsforslag. 3 x e. g(x) = 1 + x4 x 2

MA0002 Brukerkurs i matematikk B Vår 2016

1 OPPGAVE 2 OPPGAVE. a) Hva blir kontobeløpet den 2. januar 2040? b) Hvor mye penger blir det i pengeskapet den 2. januar 2040?

Løsningsforslag til eksamen i MAT 1100, H06

Løsningsforslag til eksamen i MAT 1100 H07

Oppsummering TMA4100. Kristian Seip. 17./18. november 2014

Matematikk 1. Oversiktsforelesning. Lars Sydnes November 25, Institutt for matematiske fag

Figur 2: Fortegnsskjema for g (x)

2 n+2 er konvergent eller divergent. Observer først at; 2n+2 2 n+2 = n=1. n=1. 2 n > for alle n N. Denne summen er.

Løsningforslag, Øving 9 MA0001 Brukerkurs i Matematikk A

Løsningsforslag for Eksamen i Matematikk 3MX - Privatister - AA eksamensoppgaver.org

Velkommen til eksamenskurs i matematikk 1

y = x y, y 2 x 2 = c,

EKSAMEN Løsningsforslag

Løsningsforslag. Innlevering i BYFE/EMFE 1000 Oppgavesett 5 Innleveringsfrist: 15. april klokka 14:00 Antall oppgaver: 3.

I løpet av uken blir løsningsforslag lagt ut på emnesiden Delvis integrasjon må brukes to ganger.

Løsningsforslag til eksamen i TMA4105 matematikk 2,

Høgskolen i Agder Avdeling for realfag EKSAMEN

Høgskolen i Oslo og Akershus. e 2x + x 2 ( e 2x) = 2xe 2x + x 2 e 2x (2x) = 2xe 2x + 2x 2 e 2x = 2xe 2x (1 + x) 1 sin x (sin x) + 2x = cos x

Kapittel 4: Differensiallikninger

IR Matematikk 1. Eksamen 8. desember 2016 Eksamenstid 4 timer

Løsningsforslag Eksamen M100 Høsten 1998

Løsningsforslag til underveiseksamen i MAT 1100

Løsningsforslag. Innlevering i FO929A - Matematikk Obligatorisk innlevering nr. 8 Innleveringsfrist 15. april 2011 kl Antall oppgaver: 4

Prøve i Matte 1000 ELFE KJFE MAFE 1000 Dato: 02. desember 2015 Hjelpemiddel: Kalkulator og formelark

0.1 Kort introduksjon til komplekse tall

Alle svar skal grunngis. Alle deloppgaver har lik vekt.

Bjørn Davidsen MATEMATIKK FOR INGENIØRER. Integrasjon med anvendelser

Potensrekker. Binomialrekker

Oppgave 1. f(2x ) = f(0,40) = 0,60 ln(1,40) + 0,40 ln(0,60) 0,0024 < 0

SIF5003 Matematikk 1, 6. desember 2000 Løsningsforslag

Løsningsforslag til eksamen i fag MA1101/MA6101 Grunnkurs i analyse I Høst 2008

Fasit til utvalgte oppgaver MAT1110, uka 8-12/2

TFY4115 Fysikk. Institutt for fysikk, NTNU. Lsningsforslag til ving 4. ) v 1 = p 2gL. S 1 m 1 g = L = 2m 1g ) S 1 = m 1 g + 2m 1 g = 3m 1 g.

OPPGAVESETT MAT111-H16 UKE 47. Oppgaver til seminaret 25/11

Løsningsforslag AA6526 Matematikk 3MX - 8. desember eksamensoppgaver.org

Eksamen R2, Høst 2012, løsning

EKSAMEN. Ingeniør- og Fleksibel ingeniørutdanning.

UNIVERSITETET I OSLO

Mål og innhold i Matte 1

IR Matematikk 1. Utsatt Eksamen 8. juni 2012 Eksamenstid 4 timer

MET Matematikk for siviløkonomer

Nicolai Kristen Solheim

I = (x 2 2x)e kx dx. U dv = UV V du. = x 1 1. k ekx x 1 ) = x k ekx 2x dx. = x2 k ekx 2 k. k ekx 2 k I 2. k ekx 2 k 1

Vi regner først ut de nødvendige partiellderiverte for å se om vektorfeltet er konservativt. z = 2z, F 2 F 2 z = 2y, F 3. x = 2x, F 3.

Løsningsforslag til eksamen i MAT111 - Grunnkurs i Matematikk I

Gunnar Staff Institutt for Matematiske fag Norges Teknologiske Naturvitenskapelige Universitet N 7491 Trondheim

Oppfriskningskurs i matematikk 2008

eksamensoppgaver.org x = x = x lg(10) = lg(350) x = lg(350) 5 x x + 1 > 0 Avfortegnsskjemaetkanvileseatulikhetenstemmerfor

Transkript:

Lsningsforslag til utvalgte ogaver i kaittel 8 I kaittel 8 er integrasjon og integrasjonsteknikker det store temaet, og her er det mange regneogaver som gir deg anledning til a trene inn disse teknikkene. Det er fa teoriregede ogaver denne gang, men legg merke til analysens fundamentalteorem i seksjon 8., og ogave 8..5, 8..6 og 8.. som illustrerer bruk av fundamentalteoremet. Ogave 8.. La f : [; ]! R vre funksjonen f (), og la f; 6 5 ; 5 ; 8 5 ; 9 5 ; g vre en artisjon. Den vre traesummen er da () 5 + 5 6 5 + 5 5 + 5 8 5 + 5 9 5 og den nedre traesummen er 5 + 6 + + 8 + 9 :6 N () 5 6 5 + 5 5 + 5 8 5 + 5 9 5 + 5 5 6 + + 8 + 9 + :66 Ogave 8.. Vi skal beregne verdien av integralene. b) e + e e e h e i e (e6 e ) e8 e d) + + () h i arctan (arctan arctan ) ( ) 8 5

e) Ved substitusjonen u, du, far vi 9 ( ) du i harcsin u u arcsin arcsin arcsin Ogave 8..5 a) Vi skal nne den deriverte til f () e t dt Iflge analysens fundamentalteorem (8..) blir den deriverte lik integranden innsatt vre grense i integralet, det vil si f () e Ogave 8..6 a) Anta at f er kontinuerlig og at g er deriverbar. Vi denerer g() G() f (t)dt: a og skal nne G (). Her er vre grense i integralet en funksjon av, sa vi ma bruke kjerneregelen. La Da er u F (u) f (t)dt a G() F (g()) og kjerneregelen gir da G () F (g()) g () f (g())g () hvor vi har benyttet at F (u) f (u) iflge analysens fundamentalteorem. b) Vi deriverer de ogitte funksjonene ved hjel av formelen fra unkt a) ovenfor. 5

i) D ii) D iii) D sin te t dt e t dt sin sin e sin cos sin sin e e e dt D t sin sin dt t cos cos cos Ogave 8.. Vi skal nne grenseverdiene. a) lim! R e t L'H^o e lim! b) lim! R e t L'H^o e lim! Ogave 8.. Vi skal lse de ubestemte integralene. a) ln j + j + C + b) ( + cos ) + sin + C + sin + C c) + + ( ) arctan( ) + C f) Ved substitusjonen u, du, far vi q u du arcsin u + C arcsin + C 5

Ogave 8.. Vi skal lse de ubestemte integralene. a) Ved substitusjonen u arcsin, du r arcsin u du, far vi u + C (arcsin ) + C c) Ved substitusjonen u, du ( + ), far vi ( + ( ) ) du arctan u + C + u arctan + C d) Vi starter med a slitte o integralet i to deler Her er det andre integralet i summen ovenfor lett a beregne: arcsin + C Det frste integralet kan vi lse veda bruke substitusjonen u, du, som gir du u + C + C u I alt far vi da arcsin + C Ogave 8.6. Vi skal nne arealet avgrenset av de ogitte kurvene. a) y, -aksen og linjen. Grafen skjrer -aksen i. Arealet er derfor gitt ved A 5 5 5 (5 5 ) 5 5

c) y sin, -aksen og linjene og. Grafen ligger under -aksen i intervallet [ ; ]. Arealet er derfor A sin cos cos cos f) y +, y og y-aksen. Det eneste skjringsunktet mellom grafene y og y er for (tegn gur!). Vi nner arealet som dierensen mellom arealet under y og arealet under y : A + arctan arctan (arctan ) Ogave 8.6. Vi skal beregne arealet av det skraverte omradet mellom grafene til cos og sin a guren (se gur i Kalkulus). Skjringsunktene mellom grafene som avgrenser omradet er gitt ved cos sin () + k; k Skjringsunktene vi er a jakt etter far vi for k og for k, det vil si og. I det aktuelle omradet ligger grafen til cos hele tiden over grafen til sin, sa vi far det skte arealet ved a integrere cos sin mellom de to skjringsunktene. Arealet blir derfor A + (cos sin ) h i sin + cos ( ) Ogave 8.6.5 Vi skal nne volumet til omdreiningslegemet som fremkommer nar vi dreier grafen om -aksen. 5

c) y + mellom og. Volumet er gitt ved V y arctan arctan + arctan d) y sin mellom 6 og. Volumet er gitt ved V 6 sin cot 6 e) y + mellom og. Volumet er gitt ved V + h ln j + j i + (ln ln ) ln Ogave 8.6. Vi skal nne volumet til omdreiningslegemet som fremkommer nar vi dreier grafen om y-aksen. a) y mellom og. V y() h i ( ) 8 d) y 9 mellom og. Ved a bruke substitusjonen u 9, du, nner vi V 5 h u i 9 5 9 9 9 du u 5 ( 5) 55 9 u du

e) y sin( ) mellom og. Ved a bruke substitusjonen u, du, nner vi V sin( ) sin(u) du h i cos u (cos cos ) Ogave 8.6.9 a) Omradet avgrenset av y og y dreies om -aksen (tegn gur!). Vi skal nne volumet av omdreiningslegemet (bruker setning 8.6. i Kalkulus). V h 5 5 i ( ) 5 5 ( ) b) Omradet dreies isteden om y-aksen. Vi skal nne volumet av omdreiningslegemet (bruker setning 8.6.5 i Kalkulus). Ogave 8.6. V ( ) h i ( ) 6 a) Buelengden av grafen til funksjonen f () + fra til er gitt ved L + f () + h i b) Buelengden av grafen til funksjonen f () cosh fra til er gitt ved b L + f () + sinh cosh a sinh sinh sinh (e + )(e ) e 56