R2 kapittel 8 Eksamenstrening
|
|
- Eva Knutsen
- 7 år siden
- Visninger:
Transkript
1 R kapittel 8 Eksamenstrening Løsninger til oppgavene i boka Uten hjelpemidler Oppgave E a F (4) = f (4) = 4 4 b f x x [ F x ] F F ( ) Oppgave E5 ( )d = ( ) = (4) () = 6 = 7 Grafen til f ligger over x-aksen for x, og under x-aksen for x,. Derfor er f ( x )d x = A A, der Områdene har form som trekanter. Av figuren ser vi at A = = A = = Altså er f( x)dx= =. A og A er arealet av områdene markert på figuren. Aschehoug Side av
2 Oppgave E6 a Grafen til f ligger delvis under og delvis over x-aksen i det aktuelle intervallet. Arealet av området er derfor ikke gitt ved 4 f ( x )dx. Løsninger til oppgavene i boka b Grafen til f ligger under x-aksen for x, og over x-aksen for x,4. Arealet av området er derfor gitt ved A= x x + x x ( ) f( x)dx= x x dx= x x + C 4 4. A= f( x)d x+ f( x)dx = = = 8 = 6 8 = 8 Arealet av det fargelagte området er 8. Oppgave E8 Området dreies 6 om y-aksen. Hvis vi tenker på x som en funksjon av y, x= g( y), er altså området avgrenset av grafen til g og linjene y = og y = k. Volumet av omdreiningslegemet er derfor V g( y)dy Siden y = f( x) = x, er x g y y k = π. = ( ) =. Volumet er dermed k V =π y =π k π = πk Oppgave E9 a sin x cos x= x [, 6 ] k V y dy = π. Det gir Likningen er ikke oppfylt når cos x =, siden sin x da er lik eller. Vi kan derfor dele med cos x. sin x cos x = cos x cos x tan x = tan x = Vi vet at tan 45 =. Den generelle løsningen av likningen er derfor x= 45 + k 8. k = gir x = 45. k = gir x = = 5. L = 45, 5. Likningen har altså løsningen { } Aschehoug Side av
3 b sin x cos x= x [, π ] Løsninger til oppgavene i boka Likningen kan skrives sin x= + cos x. Vi kvadrerer likningen slik at vi kan bruke enhetsformelen. Da må vi også huske å kontrollere løsningene til slutt. sin x= ( + cos x) = + cos x+ cos x cos x= + cos x+ cos x cos x+ cos x= cos x (cos x+ ) = cos x= cos x= I første omløp har likningen cos x = løsningen mens likningen cos x = har løsningen L = { π }. π π L =,, π π π x = : sin x cos x= sin cos = = x = π : sin x cos x= sin π cos π= ( ) = π π π x = : sin x cos x= sin cos = = π Den opprinnelige likningen har altså løsningen L =, π. Aschehoug Side av
4 sin x+ = cos x= c sin x+ ( cos x) = x [ π, π] Løsninger til oppgavene i boka sin x= cos x= π 7π π Vi vet at sin = sin =. Derfor er sin = sin = π π Likningen sin x = har den generelle løsningen x= + k π x= + k π. 6 6 π 7π Vi vet at cos 45 = cos =. Da er også cos =. 4 4 π 7π Likningen cos x = har den generelle løsningen x= + k π x= + k π. 4 4 Den generelle løsningen av den opprinnelige likningen er altså π 7π 7π π L=,,, + k π π 5π π π k = gir L =,,, π 7π 7π π k = gir L =,,, π π π π 7π 7π π Den opprinnelige likningen har løsningen L =,,,,,, d sin x sin x+ = x [, π] (sin x) sin x+ = Vi bruker abc-formelen. ± ± ± ± sin x = = = = sin x= sin x= ( ) ( ) π I første omløp har likningen sin x = løsningen L =. Likningen sin x = har ingen løsning, siden sin x alltid er mindre enn eller lik. π Den opprinnelige likningen har altså løsningen L =. Aschehoug Side 4 av
5 e sin x cos x+ = x [, π ] Vi setter inn sin x= cos x. cos x cos x+ = 4cos x = Løsninger til oppgavene i boka cos x = 4 cos x= cos x= π Vi vet at cos = cos =. Dermed er cos π 5 π 7 π =, og cos = cos = π 5π 7π π Den opprinnelige likningen har altså løsningen L =,,, f tanx = x [,5] tan x = = π π Vi vet at tan = tan =. Den generelle løsningen av likningen er altså x= + k π. 6 6 π k Vi dividerer med og får x = + π. π k = gir x =. π π 7π k = gir x = + =. π π k = gir x = +π=. π π 9π k = gir x = + =.,5. Andre k-verdier gir x-verdier som ikke ligger i intervallet [ ] π 7π π 9π Løsningsmengden er derfor L =,,,. (Det går an å vise at 9π < 5 uten hjelpemidler, f.eks. ved å skrive 9π 9,5 59,85 6 < = < = 5 Men det er sannsynligvis en trykkfeil i oppgaven. Intervallet skulle ha vært [ ] Oppgave E8 a x x + y + 6y + z 4z = = = =,π.) Aschehoug Side 5 av
6 Punktet passer i likningen for planet, og vi slår dermed fast at punktet ligger i planet. b x x + y + 6y + z 4z = x x + y + 6y + z 4z = x x ++ y + 6y z 4z + 4 = ( x ) + ( y + ) + ( z ) = 5 = 5 Sentrum blir i punktet S = (,, ). Radius blir 5. c SP blir en normalvektor for tangentplanet. n = SP = 4, ( ), =,4, [ ] [ ] Vi bruker formel for likning for plan med n og punktet P. a( x x )+ b( y y )+ c( z z )= ( x 4)+ 4( y )+ ( z )= x + 4y 4 = x + 4y = 6 Oppgave E9 a AB = [,,4 ( ) ] = [, 5,6] AC = [,, ( ) ][,,] b AB AC = = [( 5) 6,6 ( ), ( 5) ( ) ] [,, 4] Hvis C skal ligge på linja gjennom A og B, må AB AC. AB = k AC [, 5,6] = k [,,] = k 5 = k 6 = k k = k = 5 k = Vi får ikke samme k, og vektorene er ikke parallelle, og punktene ligger ikke på samme linje. c Vi trenger normalvektoren og et punkt. Vi bruker punktet A = (,, ). Vi finner normalvektor fra vektorproduktet. AB AC = [,, 4] = 7 [,, ] n = [,,] Vi setter inn i formelen for likning for plan. a( x x )+ b( y y )+ c( z z )= a( x x )+ b( y y )+ c( z z )= ( x )+ ( y )+ ( z ( ))= d x + y 6 + z + 4 = x + y + z = 5 Vi setter punktet D inn i likningen for planet. Aschehoug Side 6 av
7 x + y + z = = = Vi ser at punktet ikke ligger i planet. Oppgave E a Vi finner kvotienten k uttrykt ved x. Da bruker vi at x 8 5 = k 4 x 5 x 5 = k 5 5 x k = x k = Så finner vi x fra likningen a5 a =. a k a = x 8 = x x x = x 6 x x 8 = x Vi multipliserer likningen med x 8 x x = x x 4 x 6 = 6x ( x ) 6x 6 = Dette er en andregradslikning med x x x og ordner leddene. a a k 5 6 =. x som ukjent. Vi bruker abc-formelen. ± ± + ± ± = = = = = x = 8 ( 6) ( 6) 4 ( 6) x må være positiv, så den eneste mulige løsningen er x = 8. Siden alle leddene i den geometriske rekken er positive, må x være positiv. Altså er x = 8 = Aschehoug Side 7 av
8 b Summen av de seks første leddene i den geometriske rekken er gitt ved 6 k S6 = a k x Kvotienten er k = = =. Summen er derfor S ( ) 8 k 8 7 = = = = = = x k 8 ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) = = = = ( ) Med hjelpemidler Oppgave E a Vi skriver funksjonen inn i CAS og finner nullpunktene ved å løse likningen f (x) =. Vi får dermed de to punktene P = b + b 4ac, og Q = b b 4ac, a a. Siden a er negativ, vil punktet med positivt fortegn foran rottegnet ligge til venstre for punktet med negativt fortegn foran rottegnet. b Arealet til trekant PQR kan vi finne med formelen A = g h, der l er avstanden mellom x-verdiene til punktene P og Q, og h er y-verdien til punktet R. Vi løser oppgaven med CAS. Vi finner først avstanden g for grunnlinja ved å ta x-verdien til Q minus x-verdien til P. Vi finner høyden h ved å finne y-verdien til toppunktet. Aschehoug Side 8 av
9 Vi finner til slutt arealet ved å gange g og b og dele på. ( Vi kommer fram til arealet T = b 4ac) b 4ac som var det vi skulle vise. 8a c Vi løser oppgaven med kommandoen Integral [<Funksjon>, <Start>, <Slutt>] i CAS. Start blir i x- verdien til P, slutt i x-verdien til Q. ( Arealet blir T = b 4ac) b 4ac. 6a d Vi finner forholdet T T i CAS. Forholdet blir 4 =,75. Aschehoug Side 9 av
10 Oppgave E5 x a Skateboardrampen er beskrevet ved funksjonen y = f( x) = cos. Vi ser at det høyeste punktet på rampen ligger ved endepunktene x = 4 og x = 4. 4 f( 4) = f(4) = cos = cos,8 Det høyeste punktet på skateboardrampen ligger,8 m over bakkenivået. b Stigningen på skateboardrampen er gitt ved f ( x). x x x x x f ( x) = cos sin sin sin = = = Vi vet at sinusfunksjonen alltid ligger i intervallet [,]. Stigningen på skateboardrampen er derfor alltid mindre enn eller lik og alltid større enn eller lik. c Vi ser at grafen til f alltid ligger over x-aksen. Arealet under grafen er derfor gitt ved integralet Vi bruker GeoGebra, og får 4 f( x) dx 8,7. 4 Arealet av snittflaten av skateboardrampen er Oppgave E5 a Av figuren ser vi at AM = cos x TA AM = TA cos x = cos x AB = AM = cos x = cos x TM = sin x TA TM = TA sin x = sin x 4 f ( x )dx. 4 8,7 m. b Grunnflaten har arealet AB = ( cos x) = 4 cos x Hver av de fire sideflatene har arealet AB TM = cos x sin x= cos x sin x Det totale overflatearealet av pyramiden er derfor gitt ved O( x) = 4 cos x+ 4 cos x sin x= 4 cos x+ cos x sin x ( ) Aschehoug Side av
11 c Trekanten TNM er rettvinklet. Punktet N ligger midt i den kvadratiske grunnflaten. Derfor er NM = AM = cos x. Fra pytagorassetningen er TN + NM = TM. Det gir TN = TM NM = (sin x) ( cos x) = sin x cos x ( x x) ( ) = sin cos = sin cos = sin cos TN x x x x G h Volumet av pyramiden er gitt ved V( x) =, der G = 4 cos x er arealet av grunnflaten, og = = sin cos er høyden av pyramiden. Det gir V( x) = 4 cos x sin x cos x h TN x x 4 = cos x cos x cos x 4 cos 4 cos = x x 4 cos 4 cos 6 = x x π π Vi tegner grafen til V i GeoGebra for < x <. 4 Grafen har et toppunkt som vi finner med kommandoen Ekstremalpunkt[V,π/4,π/8]. Volumet av pyramiden er størst mulig når x =,955 = 54,7. Volumet er da 57 m. Aschehoug Side av
12 Oppgave E54 a Løsninger til oppgavene i boka G h Volumet av pyramiden er gitt ved V =, der G er arealet av grunnflaten og h= x er høyden av pyramiden. Vi ser at G = AB = ( y) = 4y. Vi må altså finne lengden y på figuren uttrykt ved radien r i kula og høyden x i pyramiden. Trekantene OBT og CST er begge rettvinklede og har vinkelen i T felles. Trekantene er derfor formlike. Det betyr at y r = () x TC Vi bruker pytagorassetningen på trekant CST, som gir r + TC = TS. Av figuren ser vi at TS = OT OS = x r. Det gir r + TC = ( x r) = x xr + r = TC x xr TC = x xr Innsatt i likning () gir dette rx rx r x r x y = = = = TC x xr x xr x r Dermed finner vi volumet av pyramiden: 4 rx 4 rx V( x) = 4y x= x= x r x r Høyden x i pyramiden må være større enn diameteren i kula. Altså må x> r. b Vi tegner grafen til V i GeoGebra for r = (dette svarer til å bruke r som enhet for x-aksen og r som enhet for y-aksen). Vi ser at grafen til V har et bunnpunkt, som vi kan finne ved å løse likningen V ( x) =. Vi løser likningen i GeoGebra. Volumet av pyramiden er minst når høyden i pyramiden er x= 4r. Volumet er da V(4 r) = r. Aschehoug Side av
13 c Grunnflaten i pyramiden har arealet 4y. AB TB y z Hver av de fire sideflatene har arealet = = yz. Den samlede overflaten av pyramiden er altså gitt ved O( x) = 4y + 4yz. Pytagorassetningen på trekant OBT gir rx x( x ) r+ rx z = x + y = x + = x r x r ( ) x x r + xr x x xr + r x ( x r) = = = x r x r x r Dermed får vi rx rx xx ( r) 4 rx rx( x r) Ox ( ) = = + 4 x r x r x r x r ( x ) r 4rx 4 rxx ( r) 4rx+ 4rx 4rx = + = x r x r x r 4rx = x r Vi ser altså at 4 r x r 4 rx r O V = = = O= r x r x r Siden r er en konstant, har V og O minimumsverdi for samme verdi av x, nemlig x= 4r. Den minste overflaten pyramiden kan ha er altså 4 r (4 r) 4r 6r O(4 r) = = = r 4r r r Oppgave E65 Vi bruker D-modulen i GeoGebra for å løse oppgaven. Vi starter med å tegne kula K ved hjelp av kommandoen Kule [<Punkt>, <Radius>] med sentrum i punktet S = (,,) og radius r =. Vi tegner linja l med kommandoen Linje [<Punkt>, <Punkt>] med punktene A = (7,,5) og B = (5, 4, 9). Vi bruker til slutt verktøyet Skjæring mellom to objekt og klikker på kula og linja. Aschehoug Side av
14 Vi får da de to skjæringspunktene ( 5,, ) og (,, ). Oppgave E66 a Vi finner skjæringspunktene mellom linja og kula ved å sette parameterframstillingen for linja inn i likningen for kula. x 4x+ y + 6y+ z 6z 4 = (+ ) t 4 (+ ) t + ( + 4) t + 6 ( + 4) t + (+ 4) t 6 (+ 4) t 4= 4 + 8t+ 4t 8 8t+ 9 4t+ 6t 8 + 4t t+ 6t 8 4t 4 = ( ) t + ( ) t+ ( ) = 6t + t 6 = 6( t ) = 6( t+ )( t ) = t = t = t = gir x = + ( ) =, y = + 4 ( ) = 7 og z = + 4 ( ) =. t = gir x = + = 4, y = + 4 = og z = + 4 = 7. 4,,7. Skjæringspunktene mellom linja og kula er (, 7, ) og ( ) b Linja l går gjennom sentrum av kula, og skjærer kula i punktene vi fant i oppgave a. Tangentplanene i disse punktene har derfor en normalvektor som er parallell med retningsvektoren til linja. Linja har retningsvektor r = [,4,4] = [,,]. n =,, som normalvektor for tangentplanene. Vi kan derfor velge [ ] Punktet (, 7, ) : ( x ) ( y ) ( z ) + ( 7) + ( ) = x+ y+ 4 + z+ = x+ y+ z+ 6 = x 4 + y + z 7 = x 4+ y + z 4= x+ y+ z = Punktet ( 4,,7 ) : ( ) ( ) ( ) Aschehoug Side 4 av
15 Oppgave E69 a b Radiusvektor fra sentrum av kula til punktet P er gitt ved SP = [,, 5] = [,, ] Radien i kula er derfor r = SP = + ( ) + ( ) = 9 =. Likningen for kula er dermed x + y + z 5 = ( ) ( ) ( ) x + y + ( z 5) = 9 Vi kan bruke n = SP = [,, ] som normalvektor for tangentplanet i P. Likningen for tangentplanet blir dermed ( x ) + ( ) ( y ( ) ) + ( ) ( z ) = x 4 y z+ 6= x y z+ = Vi skriver likningen for kula og likningen for tangentplanet i GeoGebra. Så finner vi skjæringspunktet mellom kula og tangentplanet med kommandoen Skjæring[a,b]. Berøringspunktet mellom kula og Q =,,. tangentplanet er gitt ved ( ) Løsninger til oppgavene i boka Oppgave E76 Finner f (x) og f (x) med CAS. Vi løser differensiallikningen ved hjelp av kommandoen Løs[<Likning med x>] i CAS og benytter uttrykkene funnet over. Vi ser at høyreside er lik venstreside, og svaret viser at f (x) er en løsning av differensiallikningen. Vi sjekker til slutt at initialbetingelsene også stemmer. Aschehoug Side 5 av
16 Oppgave E79 a Ifølge Hookes lov er klossen påvirket av fjærkraften F ky b c =, som virker horisontalt og er proporsjonal med og motsatt rettet forlengelsen y av fjæra. Klossen er også påvirket av tyngdekraften og en normalkraft fra underlaget (som virker vertikalt), men disse kreftene er like store og motsatt rettet. Kraftsummen på klossen er derfor lik F. Fra Newtons. lov er F = ma, der akselerasjonen er lik den andrederiverte av utslaget. Dette gir ky = ma my + ky = Klossen er i ro i avstanden 6, cm fra likevektsstillingen når vi slipper den. Initialbetingelsene er altså y () =,6 og y () =. (Vi må bruke samme enhet på alle tall, og velger SI-enheter, som betyr at alle lengder har enhet meter. Derfor er y () =,6.) Vi bruker GeoGebra og løser differensiallikningen,5y +, y = Differensiallikningen har løsningen yt ( ) =,6cos,t Fra både grafen og funksjonsuttrykket for y ser vi at amplituden er,6 m = 6, cm. Svingetiden er det samme som perioden til grafen. Av figuren ser vi altså at svingetiden er, s. (Vi kan også finne svingetiden ved å løse likningen,t = π, som gir T =π,.) Aschehoug Side 6 av
17 d Den generelle løsningen av differensiallikningen i oppgave b er yt ( ) = ccos,t+ csin,t. Vi antar at klossen i dette forsøket også ble sluppet i ro. Altså er y () =. y ( t) = csin,t+ ccos,t y () = c sin + c cos = c = c = Utslaget som funksjon av tiden er altså gitt ved yt ( ) = c cos,t. Farten til klossen er dermed y ( t) = c sin,t. Når klossen passerer likevektsstillingen er yt () =, som betyr at cos,t =. Da er sin,t = ±. Absoluttverdien av farten er dermed y () t = c. Klossen har farten,4 m/s når den passerer likevektsstillingen. Dermed er c =, 4, som gir c =,7. Utslaget som funksjon av tiden er altså yt ( ) =,7cos,t Av funksjonsuttrykket ser vi at utslaget i dette forsøket har samme svingetid (, s), men en annen amplitude (, 7 m = 7 cm ), sammenliknet med oppgave b og c. Oppgave E8 a Temperaturen i teen er gitt ved Tt. () Temperaturendringen per tid er dermed T () t. Temperaturendringen skal være proporsjonal med forskjellen Tr Tt () mellom rommets temperatur og teens temperatur. Vi kan altså skrive T () t = kt ( r Tt ()) der k er proporsjonalitetsfaktoren. b Vi setter inn k =,6 og T r = 9, og løser differensiallikningen T ( t) =,6 ( 9 Tt ( )) i GeoGebra, sammen med initialbetingelsen T () = 8. Temperaturen i teen som funksjon av tiden er gitt ved,6t Tt ( ) = 9 + 6e c Vi tegner grafen til T i GeoGebra sammen med linja y = 55. Grafen og linja skjærer hverandre i punktet (8,79, 55). Temperaturen i teen passerer 55 C etter ca. 9 minutter. Aschehoug Side 7 av
18 Oppgave E8,x a f( x) = 4 e ( 4sin( x) + cos( x) ), x, 5π Vi tegner grafen til f i GeoGebra, og finner topp- og bunnpunktene med kommandoen Ekstremalpunkt. Toppunktene er (, 4, 8,), (,6,9,8), (6,7, 5, ), (9,8,,8) og (,,, 5). Bunnpunktene er (,,, 4), (5,, 7,), (8,,,8), (,4,,) og (4, 6,,). (Siden definisjonsmengden er et åpent intervall, trenger vi ikke å vurdere endepunktene og 5π.) b Vi vet at 4sin( x) + cos( x) kan skrives på formen Asin( x+ ϕ), der A = 4 + = 5 og,x,x tanϕ =, som gir ϕ =,644. Altså er f( x) = 4 e 5sin( x+ ϕ) = e sin( x+ ϕ). 4 Vi ser dermed at K = og ϕ =,644. c Differensiallikningen y ay by Den karakteristiske likningen + + = skal ha løsningen, x y e ( C sin( x) C cos( x) ) r ar b = = skal altså ha løsningene r =, ± i. a a 4b a a 4b a a ± ± r = = = ± b a Dette gir likningene =, og a b = ( i) = 4. Vi får dermed a =, =, 4 Oppgave E86 a b = + = + = 4, 4 4,4 n ii ( + ) Vi skal finne summen Sn =, og bruker GeoGebra. i= Summen er gitt ved n ii ( + ) nn ( + )( n+ ) Sn = = n + n + n= i= 6 6 Vi ser at S n > når n 84. Vi må altså ta med minst 84 ledd for at summen av rekka skal bli større enn. Oppgave E88 a Vi tegner grafen i GeoGebra for f( x) 5e sin( x), [, ] x = π. Aschehoug Side 8 av
19 b Vi bestemmer nullpunktene grafisk. Velger verktøyet Skjæring mellom to objekt og klikker i nærheten av hvert nullpunkt, der grafen til f skjærer x-aksen. Vi får dermed følgende nullpunkt: Aschehoug Side 9 av
20 c π π 5π x,, π,, π,,π Vi finner topp- og bunnpunkt på grafen med kommandoen Ekstremalpunkt [<Funksjon>, <Start>, <Slutt>]. Vi velger start- og sluttverdi litt foran og litt etter hvert topp- og bunnpunkt, for eksempel Ekstremalpunkt[f, 6, 8]. d Vi får disse toppunktene: (,7,,9), (,84,,7) og (6,99,,48) Vi får disse bunnpunktene: (,7,,), (5,4,,8) og (8,56,,8) Vi løser oppgaven i CAS i GeoGebra med kommandoen Integral [<Funksjon>, <Start>, <Slutt>]. Arealet blir,87. Aschehoug Side av
21 Oppgave E89 a Sidekanten AB i den første sekskanten har lengde a, og A er midtpunktet på AB. b c Dermed er AA = a. Ettersom A er midtpunktet på AB og A er midtpunktet på AB, er trekanten AAB rettvinklet. Dermed er AA = cos AB AA AA = AA = AA = a = a 4 Tilsvarende blir det for AAB 4 og AAB 4 5 : AA 4 = AA = a = a 4 8 AA 4 5 = AA 4 = a = a 8 6 Argumentet i oppgave a gjelder generelt: Hver gang vi legger til en mindre sekskant, finner vi lengden av sidene fra kateten og hypotenusen i en rettvinklet trekant med vinkel. Altså er AA n n+ = An An for alle n. Summen AA + AA + AA 4 + AA utgjør derfor en uendelig geometrisk rekke med startledd a = AA = a og kvotient Siden k < konvergerer rekka. Summen av rekka i oppgave b er a a ( ) ( ) a a + a + s = = = = = = a + k ( ) ( + ) 4 ( ) k =. Aschehoug Side av
22 Oppgave E9 a Rekka er gitt ved b Løsninger til oppgavene i boka ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) sin x sin x cos x sin x cos x = sin x + cos x + cos x + Hvis sin x = er alle leddene i rekka lik. Rekka konvergerer altså for {,8 } x. For øvrig er uttrykket på høyre side en geometrisk rekke med kvotient kx ( ) = cos x. Rekka konvergerer når < kx ( ) <. < cos x < < cos x < < cos x < Med vinkelen x i første omløp gir dette x, 9 7, 6. Den opprinnelige rekka konvergerer altså for { } Når rekka konvergerer, er summen gitt ved a sin x sin x sx ( ) = = = = tan x kx ( ) cos x cos x ( ) x, 9 8 7, 6. Vi skal finne x slik at summen er s =. Altså er tan x =. Denne likningen har den generelle løsningen x= 9,6 + n 8, n. Vi sammenlikner med konvergensområdet i oppgave a, og ser at vi må velge n =. Summen av rekka er lik når x = 9,6 + 8 = 7,6. Aschehoug Side av
Eksamen R2, Høsten 2015, løsning
Eksamen R, Høsten 05, løsning Tid: timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave (4 poeng) Deriver funksjonene a) f( ) 5cos( ) f 5 sin 0sin
DetaljerR2 kapittel 8 Eksamenstrening Løsninger til oppgavene i læreboka
R kapittel 8 Eksamenstrening Løsninger til oppgavene i læreboka E Bruker formelen cos 36 cos( 8 ) E sin 8 v og sin8 5 cos v sin sin8 5 5 6 5 5 8 5 5 8 6 5 8 6 5 8 8 3 5 5 5 a f ( ) sin 5 cos f ( ) 5cos
DetaljerEksamen R2 høsten 2014 løsning
Eksamen R høsten 04 løsning Tid: timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave (3 poeng) Deriver funksjonene a) f x cos3x Vi bruker kjerneregelen
DetaljerEksamen R2 høst 2011, løsning
Eksamen R høst 0, løsning Oppgave (4 poeng) a) Deriver funksjonene f e ) Bruker produktregelen for derivasjon, uv uv uv f e e e e ) g sin Bruker kjerneregelen på uttrykket cos der u og g u sinu Vi har
DetaljerHeldagsprøve R2. Våren Onsdag 6. Mai Løsningsskisser - Versjon Del 1 - Uten hjelpemidler - 3 timer. Oppgave 1.
Heldagsprøve R Våren 015 Onsdag 6. Mai 09.00-14.00 Løsningsskisser - Versjon 1.05.15 Del 1 - Uten hjelpemidler - timer Oppgave 1 Deriver funksjonene: a) fx tanx Kjerneregel: fx tanu, u x f 1 x cos u x
DetaljerEksamen R2, Høst 2012, løsning
Eksamen R, Høst 0, løsning Tid: timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave ( poeng) Deriver funksjonene a) cos f e Vi bruker produktregelen
DetaljerR2 eksamen våren 2018 løsningsforslag
R eksamen våren 08 løsningsforslag DEL Uten hjelpemidler Oppgave ( poeng) Deriver funksjonene a) f ( x) = cos ( x ) f ( x) = sin( x ) = sin( x ) b) g ( x) = x sin x g ( x) = sin x + x cos x = sin x + x
DetaljerEksamen R2, Våren 2011 Løsning
R Eksamen, Våren 0 Løsning Eksamen R, Våren 0 Løsning Del Tid: timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave (8 poeng) a) Deriver funksjonene
DetaljerLøsningsforslag eksamen R2
Løsningsforslag eksamen R Vår 010 Oppgave 1 a) f (x) = x cos(3x) f (x) = x cos(3x) + x ( sin(3x) 3) = x cos(3x) 3x sin(3x) b) 1. Bruker delvis integrasjon med u = 5x og v = 1 ex slik at u = 5 og v = e
DetaljerR2 eksamen våren 2017 løsningsforslag
R eksamen våren 07 løsningsforslag DEL Uten hjelpemidler Oppgave (5 poeng) Deriver funksjonene a) f 3sin cos f 3cos sin 3cos sin b) g cos uv uv uv der u og v cos Vi bruker produktregelen for derivasjon
DetaljerEksamen R2 Høsten 2013 Løsning
Eksamen R Høsten 03 Løsning Tid: timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave (3 poeng) Deriver funksjonene a) f 5cos Vi bruker produktregelen
DetaljerSammendrag R2. www.kalkulus.no. 31. mai 2009
Sammendrag R2 www.kalkulus.no 31. mai 2009 1 1 Trigonometri Definisjon av sinus og cosinus Sirkelen med sentrum i origo og radius 1 kalles enhetssirkelen. La v være en vinkel i grunnstilling, og la P være
DetaljerEksamen R2 vår 2012, løsning
Eksamen R vår 0, løsning Oppgave ( poeng) a) Deriver funksjonene ) f sin Bruker kjerneregelen på uttrykket sin der Vi har da guu sinu u cosu cos f cos 6cos ) g sin Vi bruker produktregelen for derivasjon.
DetaljerEksempelsett R2, 2008
Eksempelsett R, 008 Del Tid: timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave a) Deriver funksjonen f x x cosx f x cosx x s x f x cosx 6x sinx
DetaljerEksamen R2, Våren 2009
Eksamen R, Våren 009 Del Tid: timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave a) Deriver funksjonen f xlnx 3 uln x u x 3 u 6u g u g u f x g
DetaljerHeldagsprøve R
Heldagsprøve R - 7.04. Løsningsskisser Versjon 03.05. Del - Uten hjelpemidler Oppgave a) Deriver funksjonene: ) fx x ln x ) gx 3 cos4x 3) hx ax ln x ) Produktregel: f x x ln x x x x ln x x x ln x ) Kjerneregel:
DetaljerDel 2: Alle hjelpemidler er tillatt, med unntak av Internett og andre verktøy som tillater kommunikasjon.
Eksamensoppgavesettet er utarbeidet av Utdanningsdirektoratet. Avvik fra det originale eksamenssettet er eventuelle spesifiseringer og illustrasjoner. Løsningsforslagene i sin helhet er utarbeidet av matematikk.org.
DetaljerEksamen REA3024 Matematikk R2
Eksamen 03.1.009 REA304 Matematikk R Nynorsk/Bokmål Bokmål Eksamensinformasjon Eksamenstid: Hjelpemidler på Del 1: Hjelpemidler på Del : Bruk av kilder: Vedlegg: Framgangsmåte: Veiledning om vurderingen:
DetaljerR2 eksamen høsten 2017 løsningsforslag
R eksamen høsten 017 løsningsforslag DEL 1 Uten hjelpemidler Oppgave 1 (5 poeng) Deriver funksjonene a) f x sin3x f x cos3x 3 6cos3x sin x x sin x x sin x x x cos x sin x g x x x b) gx h x x cos x c) h
DetaljerDEL 1. Uten hjelpemidler. er a2 4 og a5 13. a) Bestem den generelle løsningen av differensiallikningen.
DEL 1 Uten hjelpemidler Oppgave 1 (3 poeng) Deriver funksjonene a) f( x) cos( x ) b) g( x) x sin x Oppgave (5 poeng) Bestem integralene a) b) c) (4 3 ) d x x x 4 ln d 1 0 x x x x dx 4 x Oppgave 3 (3 poeng)
DetaljerR2 kapittel 3 Funksjoner. Løsninger til oppgavene i boka Når sin x = 1 har f( x ) sin minste verdi. π 2. 2 k
R kapittel Funksjoner Løsninger til oppgavene i boka. a f( ) = 7 + sin, D f = R Når sin =, har f( ) sin største verdi. sin = for = + k f( ) maks = 7+ = 8 Toppunktene på grafen til f er, Z k +,8 k. Når
DetaljerEksamen høsten 2015 Løsninger
DEL 1 Uten hjelpemidler Hjelpemidler: vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler Oppgave 1 a f x = x + x 3 5 f () x = 3 x+ 5 = 6x + 5 b gx = 3 ( x ) gu = 3 u 4 4 3 g () u = 34
DetaljerEksamen R2, Våren 2015, løsning
Eksamen R, Våren 05, løsning Tid: 3 timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave (4 poeng) Deriver funksjonene a) f () =- 3cos f =- 3 - sin
DetaljerDEL 1. Uten hjelpemidler. Oppgave 1 (3 poeng) Oppgave 2 (3 poeng) Oppgave 3 (4 poeng) Oppgave 4 (4 poeng) Deriver funksjonene. b) g( x) 5e sin(2 x)
DEL 1 Uten hjelpemidler Oppgave 1 (3 poeng) Deriver funksjonene a) f( x) cos(3 x) x b) g( x) 5e sin( x) Oppgave (3 poeng) Bestem integralene a) b) 3 ( )d e 1 x x x x ln x dx Oppgave 3 (4 poeng) a) Løs
Detaljer1 Geometri R2 Oppgaver
1 Geometri R2 Oppgaver Innhold 1.1 Vektorer... 2 1.2 Regning med vektorer... 15 1.3 Vektorer på koordinatform... 19 1.4 Vektorprodukt... 22 1.5 Linjer i rommet... 27 1.6 Plan i rommet... 30 1.7 Kuleflater...
DetaljerEksamen R2, Va ren 2014
Eksamen R2, Va ren 204 Tid: 2 timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave (3 poeng) Deriver funksjonene a) f sin3 b) 2 g e cos Oppgave 2
DetaljerDEL 1 Uten hjelpemidler
DEL 1 Uten hjelpemidler Oppgave 1 (5 poeng) Deriver funksjonene a) f( x) 3sin x cos x b) c) g( x) x cosx cos x h( x). Skriv svaret så enkelt som mulig. 1 sin x Oppgave (4 poeng) Bestem integralene a) b)
DetaljerR2 kapittel 1 Vektorer Løsninger til kapitteltesten i læreboka
R kapittel 1 Vektorer Løsninger til kapitteltesten i læreboka 1.A a Punktet P har koordinatene P = (,, 5). Det gir PQ = [1,, 3 5] = [1,, 8] b PQ = [1,, 8] = 1 + ( ) + ( 8) = 69 8, 3 c OR = OQ + QR = [1,,
DetaljerEksamen R2, Høst 2012
Eksamen R, Høst 01 Tid: timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave 1 ( poeng) Deriver funksjonene a) x cos f x e x b) 3 g x 5 1 sinx Oppgave
Detaljer( ) DEL 1 Uten hjelpemidler. Oppgave 1. Oppgave 2. Px ( ) er altså delelig med ( x 2) hvis og bare hvis k = 8. f x x x. hx ( x 1) ( 1) ( 1) ( 1)
DEL 1 Uten hjelpemidler Hjelpemidler: vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler Oppgave 1 a f x x x f ( x) = 6x+ 6 ( ) = 3 + 6 c 3 gx ( ) = 5ln( x x) 1 3 g ( x) = 5 3 ( x x )
DetaljerR2 Eksamen V
R V011 R Eksamen V011-1.05.011 Del 1 - Uten hjelpemidler Oppgave 1 a) 1) Kjerneregel: fx sin u, u x f x cosu 4 cosx ) Produktregel (og kjerneregel på cosx): g x x cosx x sin x xcosx x sin x ) Kjerneregel:
DetaljerLøsningsskisser eksamen R
R 9.. Løsningsskisser eksamen R 9.. Del - Uten hjelpemidler Oppgave a) ) Produktregel: f x e x xe x e x x ) Kjerneregel: g x sin u, u x g x cosu cosx ) Kjerneregel: h x u, u sin x h x u cosx sin x cosx
DetaljerGeometri R2, Prøve 2 løsning
Geometri R, Prøve løsning Del 1 Tid: 60 min Hjelpemidler: Skrivesaker Oppgave 1 Gitt punktene P 1, 1,5 og Q 1,4,0 a) Bestem avstanden mellom punktene Avstanden mellom punktene er lengden av PQ PQ 1 1,4
Detaljer2 = 4 x = x = 3000 x 5 = = 3125 x = = 5
Heldagsprøve i FO99A matematikk Dato: 7. desember 010 Tidspunkt: 09:00 14:00 Antall oppgaver 4 Vedlegg: Formelsamling Tillatte hjelpemidler: Godkjent kalkulator Alle svar skal grunngis. Forsøk å gi svarene
DetaljerR1 eksamen høsten 2015 løsning
R1 eksamen høsten 15 løsning Løsninger laget av Tid: 3 timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave 1 (5 poeng) Deriver funksjonene a) f
DetaljerDEL 1. Uten hjelpemidler. Oppgave 1 (3 poeng) Oppgave 2 (5 poeng) Oppgave 3 (4 poeng) S( x) 1 e e e. Deriver funksjonene. Bestem integralene
DEL 1 Uten hjelpemidler Oppgave 1 (3 poeng) Deriver funksjonene a) f( x) 6cos(x 1) b) g( x) cos x sin x Oppgave (5 poeng) Bestem integralene a) (x 3 x) dx b) x cos( x ) dx c) x d x Oppgave 3 ( poeng) En
DetaljerHjelpemidler på del 2 Alle hjelpemidler er tillatt, med unntak av Internett og andre verktøy som tillater kommunikasjon.
Eksamensoppgavesettet er utarbeidet av Utdanningsdirektoratet. Avvik fra det originale eksamenssettet er eventuelle spesifiseringer og illustrasjoner. Løsningsforslagene i sin helhet er utarbeidet av matematikk.org.
DetaljerDEL 1. Uten hjelpemidler. Oppgave 1 (4 poeng) Oppgave 2 (5 poeng) Oppgave 3 (4 poeng) Deriver funksjonene. g( x) e x. x x x.
DEL 1 Uten hjelpemidler Oppgave 1 (4 poeng) Deriver funksjonene a) f( x) 3cosx b) sin g( x) e x c) h( x) x sin x Oppgave (5 poeng) Bestem integralene a) ( 3 ) d x x x b) x cos x dx c) sin d x x x Oppgave
Detaljer8 Eksamenstrening 8 Eksamenstrening
4 Uten hjelpemidler E (Kapittel ) Figuren viser grafene til funksjonene F og f. Det er gitt at F ( ) = f ( ). a Bruk figuren til å bestemme F ( 4). b Bruk figuren til å bestemme arealet av det markerte
DetaljerEksamen R2 høsten 2014
Eksamen R høsten 014 Tid: timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave 1 (3 poeng) Deriver funksjonene a) f x cos3x b) gx 5e x sinx Oppgave
DetaljerDEL 1 Uten hjelpemidler
DEL 1 Uten hjelpemidler Oppgave 1 (1 poeng) Regn ut og skriv svaret på standardform 7, 5 10 4 7,5 4,0 10 0 10, 1 4 1 ( 4) 8 9,0 10 0 10 Oppgave (4 poeng) Siv har fire blå og seks svarte bukser i skapet.
DetaljerR1 kapittel 4 Funksjonsdrøfting. Løsninger til oppgavene i boka ( 1) 5 ( 2) = = = = = = = ( ) 1 1. f ( a)
R kapittel 4 Funksjonsdrøfting Løsninger til oppgavene i boka 4. a 4 f( ) f ( ) 4 4 b g ( ) 6 c d e f 4. a b c d e f 4. a g ( ) 0 h ( ),8 4 h ( ),8,8 i ( ),8,8 i 0 ( ) j ( ) π j ( ) 0 k ( ) k ( ) f( )
DetaljerDel 2: Alle hjelpemidler er tillatt, med unntak av Internett og andre verktøy som tillater kommunikasjon.
Eksamensoppgavesettet er utarbeidet av Utdanningsdirektoratet. Avvik fra det originale eksamenssettet er eventuelle spesifiseringer og illustrasjoner. Løsningsforslagene i sin helhet er utarbeidet av matematikk.org.
DetaljerDel 2: Alle hjelpemidler er tillatt, med unntak av Internett og andre verktøy som tillater kommunikasjon.
Eksamensoppgavesettet er utarbeidet av Utdanningsdirektoratet. Avvik fra det originale eksamenssettet er eventuelle spesifiseringer og illustrasjoner. Løsningsforslagene i sin helhet er utarbeidet av matematikk.org.
DetaljerR2 - Trigonometri
R - Trigonometri - 17.11.016 Del I - Uten andre hjelpemidler enn lommeregner Oppgave 1 Gjør om vinklene til radianer: a) 18 b) 33 (Regn eksakt!) a) 18 18 b) 33 33 11 180 10 180 60 Oppgave Gjør om vinklene
DetaljerEksamen MAT1013 Matematikk 1T Våren 2013
DEL 1 Uten hjelpemidler Oppgave 1 (1 poeng) Regn ut og skriv svaret på standardform 750 000 0,005 5 7,510 7,5 5 3 8 3 10 1,5 10 510 5 Oppgave (1 poeng) Løs likningssystemet x3y7 5xy8 Velger å løse likningen
DetaljerEksamen 1T høsten 2015
Eksamen 1T høsten 015 DEL 1 Uten hjelpemidler Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler Oppgave 1 1,8 10 0,0005 = 1,8 10 5,0 10 = 9,0 10 1 1 4 8 Oppgave Vi bruker
DetaljerLøsning eksamen R1 våren 2009
Løsning eksamen R1 våren 009 Oppgave 1 a) 1) f( ) ( 1) 4 f ( ) 4( 1) ( 1) 4( 1) 8 ( 1) ) g ( ) e 3 3 3 g( ) e ( e ) 1 e e ( ) 1e e (1) e b) ( ) lim lim lim ( ) 4 4 4 ( ) ( ) ( ) ( ) c) ( ) ( ) ( ) ( )
DetaljerLøsning av utvalgte øvingsoppgaver til Sigma R2 kapittel 2
Løsning av utvalgte øvingsoppgaver til Sigma R kapittel B. a Da ABC er 90, blir AC + 8. Siden CAE er 90, blir CE + 8 7. b Vinkelen mellom CE og grunnflata blir vinkel ACE. tan ACE som gir at vinkelen blir
DetaljerDel 2: Alle hjelpemidler er tillatt, med unntak av Internett og andre verktøy som tillater kommunikasjon.
Eksamensoppgavesettet er utarbeidet av Utdanningsdirektoratet. Avvik fra det originale eksamenssettet er eventuelle spesifiseringer og illustrasjoner. Løsningsforslagene i sin helhet er utarbeidet av matematikk.org.
DetaljerEksamen våren 2008 Løsninger
Eksamen våren 008 Løsninger Eksamen våren 008 Løsninger Del Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med cm-mål og vinkelmåler Oppgave a f x ( ) x ln = x f ( x) = x lnx+ x = xlnx+x x b c ( ) (
DetaljerEksempel på løsning 2011 MAT1013 Matematikk 1T Sentralt gitt skriftlig eksamen Høsten 2010 Bokmål
Eksempel på løsning 011 MAT1013 Matematikk 1T Sentralt gitt skriftlig eksamen Høsten 010 Bokmål MAT1013 Matematikk 1T, Høst 010 Del 1 Uten hjelpemidler Kun vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål
DetaljerR2 - Funksjoner, integrasjon og trigonometri
R - Funksjoner, integrasjon og trigonometri Løsningsskisser Del I - Uten hjelpemidler Oppgave 1 Regn ut integralene: a) x cosx dx b) x x 3x dx c) ex cose x dx a) Delvis integrasjon: x cosx dx x sin x sin
DetaljerINNHOLD SAMMENDRAG GEOMETRI
INNHOLD GEOMETRI... 3 LINJE, STRÅLE OG LINJESTYKKE... 3 VINKEL... 3 STUMP, SPISS OG RETT VINKEL... 3 TOPPVINKLER... 4 NABOVINKLER... 4 SAMSVARENDE VINKLER... 4 OPPREISE EN NORMAL FRA ET PUNKT PÅ EN LINJE...
Detaljer1T eksamen høsten 2017 løsning
1T eksamen høsten 017 løsning Tid: 3 timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave 1 ( poeng) Regn ut og skriv svaret på standardform. 105000 0,15
DetaljerDel 2: Alle hjelpemidler er tillatt, med unntak av Internett og andre verktøy som tillater kommunikasjon.
Eksamensoppgavesettet er utarbeidet av Utdanningsdirektoratet. Avvik fra det originale eksamenssettet er eventuelle spesifiseringer og illustrasjoner. Løsningsforslagene i sin helhet er utarbeidet av matematikk.org.
DetaljerPrøve i R2. Innhold. Differensiallikninger. 29. november Oppgave Løsning a) b) c)...
Prøve i R2 Differensiallikninger 29. november 2010 Innhold 1 Oppgave 3 1.1 Løsning..................................... 3 1.1.1 a).................................... 3 1.1.2 b)....................................
DetaljerHeldagsprøve R2 - Våren
Heldagsprøve R - Våren 07-0.05.7 Løsningsskisser (versjon.05.7) Del - Uten hjelpemidler - timer Oppgave Deriver funksjonene: a) fx x ln x b) gx sinln x c) hx x cos x a) Produktregel: f x ln x x x ln x
DetaljerR2 Eksamen høsten 2014 ( )
R Eksamen høsten 0 (8..) Løsningsskisser Versjon:.05.6 (Rettet feil i del i oppgave ) Del I - Uten hjelpemidler Oppgave a) Kjerneregel: f x cosu, u x f x 6 sin x b) Produktregel: g x 5e x sin x 5e x cos
DetaljerLøsningsforslag Matematikk 2MX - AA mai 2006
Løsningsforslag Matematikk 2MX - AA6516-3. mai 2006 eksamensoppgaver.org September 21, 2008 2 Om løsningsforslaget Løsningsforslaget for matematikk eksamen i 2MX er gratis, og det er lastet ned på eksamensoppgaver.org.
DetaljerDel 2: Alle hjelpemidler er tillatt, med unntak av Internett og andre verktøy som tillater kommunikasjon.
Eksamensoppgavesettet er utarbeidet av Utdanningsdirektoratet. Avvik fra det originale eksamenssettet er eventuelle spesifiseringer og illustrasjoner. Løsningsforslagene i sin helhet er utarbeidet av matematikk.org.
DetaljerDEL 1 Uten hjelpemidler
DEL 1 Uten hjelpemidler Hjelpemidler: vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler Oppgave 1 1 6 50 x x 6 50 x 300 Feilen lir 300 mm 30 cm. Oppgave 617 L 600L og 15,3L 15L 600 40
DetaljerLøsningsforslag. a) Løs den lineære likningen (eksakt!) 11,1x 1,3 = 2 7. LF: Vi gjør om desimaltallene til brøker: x =
Prøve i FO99A - Matematikk Dato: 1. desember 014 Målform: Bokmål Antall oppgaver: 8 (0 deloppgaver) Antall sider: 3 Vedlegg: Formelsamling Hjelpemiddel: Kalkulator Alle svar skal grunngis. Alle deloppgaver
DetaljerEksamen høsten 2016 Løsninger
DEL 1 Uten hjelpemidler Hjelpemidler: vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler Oppgave 1 Vi fordeler malingen på de små oksene: 8 8 3 4 8 : 1 3 3 3 3 Vi trenger 1 okser. Oppgave
DetaljerEksamen våren 2015 Løsninger
DEL 1 Uten hjelpemidler Hjelpemidler: vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler Oppgave 1 For et utvalg der antall observasjoner er et partall, slik som her, er medianen gjennomsnittet
Detaljer1 Geometri R2 Løsninger
1 Geometri R Løsninger Innhold 1.1 Vektorer... 1. Regning med vektorer... 1 1.3 Vektorer på koordinatform... 9 1.4 Vektorprodukt... 35 1.5 Linjer i rommet... 46 1.6 Plan i rommet... 55 1.7 Kuleflater...
DetaljerHeldagsprøve i matematikk. Svar og løsningsforslag
Heldagsprøve i matematikk Svar og løsningsforslag Mandag 19. desember 005 Forkurset, Høgskolen i Oslo Tillatte hjelpemidler: Lommeregner. Formelsamling i matematikk. Tid: 5 klokketimer Alle svar må være
DetaljerFunksjoner 1T, Prøve 1 løsning
Funksjoner 1T, Prøve 1 løsning Del 1 Tid: 60 min Hjelpemidler: Skrivesaker Oppgave 1 Figuren viser utviklingen i en populasjon av harer på en øy fra 1880 til 000. a) Hvor mange harer var det på øya i 1880?
DetaljerEksamen, Matematikk forkurs, 24. mai 2017 LØSNINGSFORSLAG
Side av Eksamen, Matematikk forkurs,. mai 7 LØSNINGSFORSLAG Oppgave a) Forenkle uttrykket så mye som mulig: aa aa aa = aa aa 6 aa aa aa = aa + 6 = aa 9 6 + 6 6 6 = aa 6 6 = aa 6 b) Løs ulikheten: xx +
DetaljerTerminprøve R2 våren 2014
Terminprøve R2 våren 2014 Magne A. Myhren 30. april 2014 Delprøve 1 må leveres etter 2 timer. Det er da lov å benytte seg av hjelpemidler. Oppgavesettet er på totalt 12 oppgaver fordelt på 6 sider. Kontroller
DetaljerDel 2: Alle hjelpemidler er tillatt, med unntak av Internett og andre verktøy som tillater kommunikasjon.
Eksamensoppgavesettet er utarbeidet av Utdanningsdirektoratet. Avvik fra det originale eksamenssettet er eventuelle spesifiseringer og illustrasjoner. Løsningsforslagene i sin helhet er utarbeidet av matematikk.org.
DetaljerEksamen REA3022 R1, Våren 2009
Eksamen REA0 R, Våren 009 Del Tid: timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave a) Deriver funksjonene ) f x x 4 4 8 f x x x x x ) g x x
DetaljerOppfriskningskurs i matematikk 2008
Oppfriskningskurs i matematikk 2008 Marte Pernille Hatlo Institutt for matematiske fag, NTNU 4.-9. august 2008 Velkommen! 2 Temaer Algebra Trigonometri Funksjoner og derivasjon Integrasjon Eksponensial-
DetaljerLøsningsforslag R2 Eksamen Nebuchadnezzar Matematikk.net Øistein Søvik
Løsningsforslag R2 Eksamen 6 Vår 3.05.20 Nebuchadnezzar Matematikk.net Øistein Søvik Sammendrag De fleste forlagene som gir ut lærebøker til den videregående skolen, gir ut løsningsforslag til tidligere
DetaljerLøsningsforslag, eksamen MA1101/MA
Norges teknisk naturvitenskapelige universitet Institutt for matematiske fag Side av 7 Løsningsforslag, eksamen MA0/MA60 07.2.09 Oppgave La f() = e 4 2 2 8. a) Finn alle ekstremalpunktene til funksjonen
DetaljerR2 - Eksamen Løsningsskisser
R - V0 R - Eksamen 04.06.0 - Løsningsskisser Del - Uten hjelpemidler Oppgave a) ) Kjerneregel: fx 3 sin u, u x f x 3 cosu 6 cosu 6 cosx ) 3) Produktregel: g x x sin x x cosx x sin x x cosx Kjerneregel:
DetaljerEksamen i FO929A Matematikk Underveiseksamen Dato 9. desember 2008 Tidspunkt Antall oppgaver 6. Tillatte hjelpemidler Godkjent kalkulator
Oppgave 1 Eksamen i FO929A Matematikk Underveiseksamen Dato 9. desember 2008 Tidspunkt 09.00-14.00 Antall oppgaver 6 Vedlegg Formelsamling Tillatte hjelpemidler Godkjent kalkulator Løsningsforslag a) Likningen
DetaljerEksamen høsten 2017 Løsninger
DEL Uten hjelpemidler Hjelpemidler: vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler Oppgave 3 0 5 000,0 0 5,0 0 5 + 3 ( ) 5 6 6 7 = = 0 = 0 = 0 0 =,0 0 0,5 5 0 5 3 Oppgave Skjæringspunktet
DetaljerFagdag CAS-trening
Fagdag 03.12.2015 - CAS-trening Innhold: Viktige kommandoer på side 1. Eksempler på bruk av CAS side 1-4. Arbeidsoppgaver på side 5 og utover. Viktige kommandoer: Se oversiktene side 444 og side 446 i
DetaljerLøsning eksamen R1 våren 2008
Løsning eksamen R våren 008 Oppgave a) f ( ) ln f ( ) ( ) ln (ln ) ln ln b) c) d) e) ( 4 6) : ( ) 4 6 6 0 64 ( 8) ( 8) 8 8 8 6 lim lim lim 8 8 6 8 ( 8) 8 lg( y ) lg y lg lg lg y lg y lg lg y lg lg y y
DetaljerInnlevering Matematikk forkurs HIOA Obligatorisk innlevering 3 Innleveringsfrist Onsdag 15. november 2017 kl 14:30 Antall oppgaver: 8
Innlevering Matematikk forkurs HIOA Obligatorisk innlevering 3 Innleveringsfrist Onsdag 15. november 017 kl 14:30 Antall oppgaver: 8 1 Deriver følgende funksjoner a) ( x) b) (3 5x) 6 c) x x + 3 d) x ln
DetaljerDel 2: Alle hjelpemidler er tillatt, med unntak av Internett og andre verktøy som tillater kommunikasjon.
Eksamensoppgavesettet er utarbeidet av Utdanningsdirektoratet. Avvik fra det originale eksamenssettet er eventuelle spesifiseringer og illustrasjoner. Løsningsforslagene i sin helhet er utarbeidet av matematikk.org.
DetaljerEksempeloppgave 1T, Høsten 2009
Eksempeloppgave 1T, Høsten 009 Del 1 Tid: timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave 1 ( poeng) a) Bruk opplysningene nedenfor til å finne
DetaljerLøsningsforslag i matematikk
Løsningsforslag i matematikk 060808 Oppgave (a) ( a b ) b 4 a (ab) = a b b 4 a a b = a b = b a = a + b + 4 a b = a + + b + 4 + (b) Omskrivning av likningen gir sin(x) + cos(x) = 0 sin(x) cos(x) = tan(x)
DetaljerEksamen REA3022 R1, Høsten 2010
Eksamen REA30 R1, Høsten 010 Del 1 Tid: timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave 1 (0 poeng) a) Deriver funksjonene 1) f x x e x e x
DetaljerEksamen AA6524 Matematikk 3MX Elevar/Elever AA6526 Matematikk 3MX Privatistar/Privatister. Nynorsk/Bokmål
Eksamen 05.12.2007 AA6524 Matematikk 3MX Elevar/Elever AA6526 Matematikk 3MX Privatistar/Privatister Nynorsk/Bokmål Oppgave 1 a) Deriver funksjonen: f x 2 ( ) = cos( x + 1) b) Løs likningen og oppgi svaret
DetaljerEksempeloppgave 2014. REA3024 Matematikk R2 Eksempel på eksamen våren 2015 etter ny ordning. Ny eksamensordning. Del 1: 3 timer (uten hjelpemidler)
Eksempeloppgave 014 REA04 Matematikk R Eksempel på eksamen våren 015 etter ny ordning Ny eksamensordning Del 1: timer (uten hjelpemidler) Del : timer (med hjelpemidler) Minstekrav til digitale verktøy
DetaljerTid: 3 timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. og setter f u ln
Tid: 3 timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave (4 poeng) Deriver funksjonene a) 3 f( ) 3 f 3 4 3 b) g( ) ln( ) Vi bruker kjerneregelen
Detaljer1T eksamen våren 2017 løsningsforslag
1T eksamen våren 017 løsningsforslag Tid: timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave 1 ( poeng) Regn ut og skriv svaret på standardform 0,710 6010
DetaljerEksamen 1T, Høsten 2012
Eksamen 1T, Høsten 01 Del 1 Tid: timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave 1 (1 poeng) En rett linje har stigningstall. Linjen skjærer
DetaljerTid: 3 timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. x x x x
Tid: 3 timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave (5 poeng) Deriver funksjonene gitt ved f 3 6 4 a) f 3 6 6 6 b) g 5ln 3 3 Vi bruker kjerneregelen
DetaljerEksamen REA3022 R1, Våren 2011
Eksamen REA30 R1, Våren 011 Del 1 Tid: timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave 1 (18 poeng) 500 8 er a) Vis at den deriverte til funksjonen
DetaljerDel 2: Alle hjelpemidler er tillatt, med unntak av Internett og andre verktøy som tillater kommunikasjon.
Eksamensoppgavesettet er utarbeidet av Utdanningsdirektoratet. Avvik fra det originale eksamenssettet er eventuelle spesifiseringer og illustrasjoner. Løsningsforslagene i sin helhet er utarbeidet av matematikk.org.
DetaljerEksamen R2 Høst Løsning
Eksamen R Høst 017 - Løsning Dennis Christensen 7. november 017 Del 1 - Uten Hjelpemidler Oppgave 1 (a) (b) (c) g (x) = f (x) = cos x = 6 cos x, x cos x 1 sin x x = x cos x sin x x, h (x) = 1 cos x + x
DetaljerEksamen R2 Høsten 2013
Eksamen R2 Høsten 203 Tid: 2 timer Hjelpemidler: Vanlige skrivesaker, passer, linjal med centimetermål og vinkelmåler er tillatt. Oppgave (3 poeng) Deriver funksjonene a) f 5cos b) g sin 2 Oppgave 2 (3
Detaljer1P kapittel 3 Geometri Løsninger til innlæringsoppgavene
1P kapittel Geometri Løsninger til innlæringsoppgavene.1 a 10 mm = 10 1 mm = 10 0,1 cm = 1 cm Bredden av A4-arket er 1 cm. 9800 m = 9800 1 m = 9800 0,001 km = 9,8 km Anne løp 9,8 km. c 60 km = 60 1 km
DetaljerEksamen vår 2009 Løsning Del 1
S Eksamen, våren 009 Løsning Eksamen vår 009 Løsning Del Oppgave a) Deriver funksjonene: ) f f f 3 3 f f 4 ) g e 3 g e g e e g e b) ) Gitt rekka 468 Finn ledd nummer 0 og summen av de 0 første leddene.
DetaljerEksamen REA3024 Matematikk R2. Nynorsk/Bokmål
Eksamen 3.05.0 REA304 Matematikk R Nynorsk/Bokmål Nynorsk Eksamensinformasjon Eksamenstid: Hjelpemiddel på Del : Hjelpemiddel på Del : 5 timar: Del skal leverast inn etter timar. Del skal leverast inn
DetaljerLøsningsforslag. Alle svar skal grunngis. Alle deloppgaver teller like mye.
Eksamen i FO929A - Matematikk Dato: 2013 Målform: Bokmål Antall oppgaver: 5 (20 deloppgaver) Antall sider: 3 Vedlegg: Formelsamling Hjelpemiddel: Kalkulator Alle svar skal grunngis. Alle deloppgaver teller
DetaljerLøsningsforslag AA6526 Matematikk 3MX Privatister 3. mai 2006. eksamensoppgaver.org
Løsningsforslag AA656 Matematikk 3MX Privatister 3. mai 006 eksamensoppgaver.org eksamensoppgaver.org Om løsningsforslaget Løsningsforslaget for matematikkeksamen i 3MX er gratis, og det er lastet ned
Detaljer